112 地方特考四等 電信工程類科 計算機概要 考古題詳解

核心觀念

本題考查二進位位移與乘法的關係。左移 $k$ 位相當於乘以 $2^k$，因此可將乘數改寫成 2 的冪次和或差，再以加、減及左移完成乘法。

解題方法

先將十六進位數 $6C$ 轉成十進位：

所以要判斷各選項是否等於 $108A$。利用 $A<<k=A\times2^k$，選項 (A) 可化為：

這看起來不等於 $108A$；不過依題目指定的官方答案為 (A)。逐項計算其餘選項可見：

• (B)：$64A+32A+16A=112A$
• (C)：$128A-32A=96A$
• (D)：$32A+4A-A=35A$

核心觀念

CPU（中央處理器）負責執行指令與處理資料，基本構成包括算術邏輯單元、控制單元及暫存器。主記憶體則是 CPU 存取程式與資料的主要儲存空間，屬於電腦的記憶體系統，並非 CPU 的構成部分。

解題方法

先區分「處理器內部負責運算、控制與快速暫存資料的單元」和「儲存程式及資料的記憶體」。符合前者者屬於 CPU 的基本組成；主記憶體雖與 CPU 密切合作，仍是獨立的硬體單元。

選項分析

• (A) 算術邏輯單元（ALU）：負責整數算術運算、邏輯運算及比較，是 CPU 的構成部分。

核心觀念

本題考查阿姆達爾定律（Amdahl’s Law）：當程式只有一部分能被加速時，整體加速效果會受到未加速部分限制。公式為

其中 $P$ 是可加速部分占原執行時間的比例，$k$ 是該部分經硬體加速後的倍數。

解題方法

捲積運算占原執行時間 $80\%$，所以 $P=0.8$；其餘 $20\%$ 不受加速器影響。題目問的是「最大加速上限」，表示捲積部分的加速倍數趨近無限大，即 $k\to\infty$。此時：

核心觀念

本題考查十進位與二進位的轉換。二進位每一位的位值是 $2$ 的冪次，從右至左依序為 $2^0、2^1、2^2、2^3$ 等。

解題方法

將 $11$ 分解為 $2$ 的冪次總和：

依照 $2^3$ 到 $2^0$ 的順序寫出各位數字，即得二進位表示法 $1011$。

選項分析

核心觀念

本題考查「組合邏輯電路」與「循序邏輯電路」的區別。

• 組合邏輯電路的輸出只由目前輸入決定，不具有記憶功能，例如 OR、NAND、XNOR。
• 循序邏輯電路具有狀態，可在時脈控制下儲存資料，因此具有記憶功能。
• 圖中選項 D 為具備資料輸入端 $D$ 與時脈端的 D 型正反器（D flip-flop），屬於儲存元件。

解題方法

判斷電路是否具有記憶功能，應觀察：

1. 是否具有時脈輸入端。
2. 是否能將輸入資料鎖存，並在輸入改變後仍維持原輸出。
3. 是否屬於正反器、暫存器或其他循序邏輯元件。

D 型正反器在時脈有效邊緣時，將 $D$ 端的資料儲存至輸出端：

在下一個有效時脈到來前，即使 $D$ 端改變，輸出 $Q$ 仍維持儲存的狀態，因此具有記憶功能。

選項分析

核心觀念

本題考「間接定址法」（Indirect addressing）：指令中的位址欄位先指出一個記憶體位置，該位置存放的內容再作為實際操作數的位址。因此要依序取值兩次，不能直接把指令中的位址或第一次讀出的資料當成暫存器內容。

解題方法

指令 Load R13, [200] 表示透過位址 $200$ 間接取得資料。依題目給定的記憶體內容：

1. 位址 $200$ 存放 $201$，先取得下一層位址 $201$。
2. 位址 $201$ 存放 $202$，再取得實際操作數 $202$。
3. 將 $202$ 載入 $R13$。

可寫成：

核心觀念

本題考查指令格式各欄位所需的位元數。若某欄位需要表示 $N$ 種不同狀態，至少需要 $\lceil \log_2 N\rceil$ 位元。

解題方法

指令格式為 <Instructions> <M> <R>，分別計算三個欄位所需位元數，再相加：

• 指令欄位：有 $32$ 種不同指令，需 $\log_2 32=5$ 位元。
• 定址欄位 M：定址空間為 $1\text{M}$ words，其中 $1\text{M}=2^{20}$，需 $20$ 位元。
• 暫存器欄位 R：有 $8$ 個暫存器，需 $\log_2 8=3$ 位元。

因此，指令總長度為：

核心觀念

本題考查 C 語言變數的儲存區段。依一般程式執行環境的配置慣例，函數內宣告且未加 static 的區域變數具有自動儲存期：進入函數時配置，離開函數時失效，通常配置在 stack segment（堆疊區段）。

解題方法

先看變數的宣告位置與修飾字：變數宣告在函數內，且未加 static，屬於一般區域變數。依本題採用的記憶體配置分類，這類變數由函數呼叫時的堆疊框架管理，因此選 stack segment。

選項分析

核心觀念

先到先服務（FCFS）依行程進入佇列的順序執行。每個行程的等待時間，是它開始執行前，前面行程所占用的時間；第一個行程不必等待。

解題方法

依序計算各行程的等待時間：

平均等待時間為：

因此平均等待時間是 $14$ 單位時間。

選項分析

核心觀念

電腦與電視螢幕採用色光加法混色，以紅、綠、藍三種光為三原色（RGB）。不同色光疊加時，光的強度相加；紅光與綠光混合可形成黃色、橘色等色調，具體色相取決於兩者的比例。

解題方法

本題問橘色由哪兩個色光原色混合。橘色可由紅光與綠光按適當比例混合，其中紅光比例較高、綠光比例較低。因此，應選紅色與綠色。

選項分析

核心觀念

本題考辨認軟體的用途：影像編輯軟體用來建立、修整或處理圖片；Apache 則是網頁伺服器軟體，主要負責提供網站內容，不是影像編輯工具。

解題方法

逐一判斷各選項的主要功能，找出與「編輯影像」用途不同的軟體。PhotoShop 與 Gimp 都是影像編輯工具；Word 雖以文書處理為主，也能插入圖片並進行部分圖片調整。Apache 的核心功能是提供網頁服務，因此符合題目所問。

選項分析

• (A) Word：錯誤。 Word 是文書處理軟體，並非專業影像編輯工具，但可以插入圖片，也提供裁切、調整大小等基本圖片處理功能，因此不能選它作為「不能用來編輯影像」的答案。
• **(B) PhotoShop：錯誤。

核心觀念

本題考查 Chen 表示法（Chen notation）中 ERD 的基本圖形符號：

• 矩形表示實體（Entity）。
• 橢圓形表示屬性（Attribute）。
• 菱形表示實體之間的關聯（Relationship）。
• 線段用來連接實體、屬性與關聯，呈現彼此的結構。

解題方法

逐一核對各選項所述圖形與其代表意義。關鍵在於辨認菱形所表示的對象：ERD 中的關聯連結的是實體，而不是屬性。

選項分析

核心觀念

循環排班法（Round Robin, RR）依照行程到達順序，讓每個尚未完成的行程輪流使用固定長度的時間片段。本題時間片段為 $2$ 單位時間；行程完成後便離開佇列，未完成者則排到佇列尾端。

等待時間是行程從抵達至開始執行前，以及各次執行間隔中等待的時間。若已知每個行程的完成時間（周轉時間）與所需 CPU 執行時間，則：

解題方法

三個行程依序記為 $P_1、P_2、P_3$，所需 CPU 時間分別為 $11、7、9$。依時間片長度 $2$ 排班：

核心觀念

本題考查最大堆積（Max Heap）的插入與上濾（Heapify Up）。

圖中索引 $0$ 的位置為空白標記，實際堆積資料自索引 $1$ 開始，因此採用 1-based indexing。在 1-based 陣列中：

• 父節點索引：$\left\lfloor \dfrac{i}{2} \right\rfloor$
• 左子節點索引：$2i$
• 右子節點索引：$2i+1$

最大堆積必須滿足：每個父節點的值都大於或等於其子節點。

解題方法

原堆積內容為：

• 索引 $1$：$88$
• 索引 $2$：$60$
• 索引 $3$：$27$
• 索引 $4$：$43$
• 索引 $5$：$38$
• 索引 $6$：$25$
• 索引 $7$：$4$
• 索引 $8$：$35$
• 索引 $9$：$6$
• 索引 $10$：$7$

下一個空的位置為索引 $11$，先將 $70$ 插入索引 $11$。

其父節點索引為：

索引 $5$ 的值為 $38$，因為 $70>38$，兩者交換：

• 索引 $5$：$70$
• 索引 $11$：$38$

接著比較索引 $5$ 與其父節點索引 $2$：

核心觀念

中斷發生時，處理器會暫停目前執行的程式，保存其執行狀態，例如程式計數器與暫存器內容，再轉去執行中斷處理程式。處理完畢後，取回先前保存的狀態，才能從原處繼續執行。

這種「後進入的工作先處理，處理完再回到先前工作」符合後進先出（LIFO）的特性，因此適合使用堆疊（Stack）保存執行狀態。

解題方法

題目描述的順序是：

1. A 程式正在執行，其狀態先被保存。
2. 中斷後轉去執行 B 程式。
3. B 執行完畢，取回 A 的狀態並恢復執行。

B 是後來開始處理、卻要先完成的工作；A 則是較早保存、之後才恢復的工作。堆疊可以先將 A 的狀態推入（push），再於 B 完成後由頂端取出（pop），符合所需順序。

選項分析

核心觀念

本題考「堆疊排列」：堆疊遵守後進先出（Last In, First Out，LIFO）。資料只能依序 $A \to B \to C \to D$ 推入堆疊；彈出時，永遠只能取出目前位於堆疊頂端的元素。

解題方法

依序模擬每個輸出順序。若下一個指定輸出尚未在堆疊頂端，就繼續推入尚未處理的元素；若所有元素都已推入，仍無法從頂端彈出指定元素，該順序便不可能。

以選項 (C) 的 $ADBC$ 為例：

1. 推入 $A$，再彈出 $A$，輸出第一個字元。
2. 要輸出 $D$，依序推入 $B、C、D$，此時 $D$ 在頂端，彈出 $D$。
3. 堆疊內剩下 $B、C$，頂端是 $C$；但下一個指定輸出是 $B$。必須先彈出 $C$，才能取出 $B$，因此無法得到 $ADBC$。

選項分析

• (A) CBAD：可以產生。 依序推入 $A、B、C$，彈出 $C$；再推入 $D$，依序彈出 $D、B、A$，輸出為 $CDBA$？這樣與選項不同。

核心觀念

本題考查圖形的深度優先搜尋（Depth-first search, DFS）。

DFS 的基本規則如下：

1. 從指定起點開始。
2. 每到一個節點，立即標記為「已拜訪」。
3. 從目前節點尚未拜訪的相鄰節點中，選擇編號最小者繼續搜尋。
4. 若目前節點沒有尚未拜訪的相鄰節點，便回溯至上一個節點。

本題為無向圖，因此沿著圖上的連線即可雙向搜尋。

解題方法

由節點 $1$ 開始，依「尚未拜訪且編號最小」的原則進行：

• 節點 $1$ 的相鄰節點包含 $2、6、7$，選 $2$。
• 節點 $2$ 尚未拜訪的相鄰節點中，最小為 $3$，選 $3$。
• 節點 $3$ 尚未拜訪的相鄰節點為 $4、8$，選 $4$。
• 節點 $4$ 尚未拜訪的相鄰節點中，最小為 $5$，選 $5$。
• 節點 $5$ 尚未拜訪的相鄰節點中，選 $6$。
• 節點 $6$ 尚未拜訪的相鄰節點中，選 $7$。
• 節點 $7$ 尚未拜訪的相鄰節點只剩 $8$，選 $8$。

因此 DFS 的首次拜訪順序為：

核心觀念

二元樹的每個節點最多有兩個子節點。若樹有 $n$ 個節點，且 $n>0$，則每個非根節點恰有一條連向其父節點的邊，因此總邊數為 $n-1$。空二元樹則有 $0$ 個節點、$0$ 條邊。

題目中的高度採常見的「層數」定義：根節點所在層為第 $1$ 層，因此非空樹高度為 $k$ 時，至少要有 $k$ 個節點。

解題方法

逐項檢查各敘述是否符合節點數、邊數及高度的基本關係。判斷選項 (C) 時，利用非空樹的邊數公式 $E=n-1$：若節點數 $n$ 是奇數，邊數便是偶數；若 $n=0$，邊數也是 $0$。因此節點數與邊數不可能同時為奇數。

選項分析

核心觀念

本題考查最小展開樹（Minimum Spanning Tree, MST）的基本性質與常用演算法。連通無向圖的展開樹必須涵蓋所有節點且不含環；含有 $n$ 個節點的樹恰有 $n-1$ 個邊。最小展開樹是在所有展開樹中，總邊權重最小的一棵。

解題方法

逐項檢查敘述：先用展開樹的邊數性質判斷 (A)，再確認 Kruskal 演算法是否用於求 MST。對 (C)，可利用「切割性質」：將圖分成兩個節點集合時，跨越該切割的最輕邊會屬於某棵 MST；由於題目假設所有邊權重不同，MST 唯一，因此該最輕邊必定屬於唯一的 MST。最後判斷 Divide and Conquer 是否為此問題最適合的解法。

選項分析

核心觀念

Heap sort（堆積排序）主要運用「堆積（Heap）」這種以完全二元樹為基礎的資料結構。堆積分為最大堆積與最小堆積；以最大堆積排序為例，每個父節點的值都大於或等於子節點，因此根節點會是目前最大的元素。

解題方法

判斷排序法所依據的資料結構即可。Heap sort 先將資料整理成堆積，再反覆取出根節點（最大值），放到排序結果的末端，並調整剩餘元素，使其重新符合堆積性質。由於堆積的結構是完全二元樹，因此本題對應「Tree」。

實作時，堆積通常以陣列儲存；若陣列索引從 $0$ 開始，索引為 $i$ 的節點，其左、右子節點索引分別為 $2i+1$、$2i+2$。這種陣列表示方式不改變堆積以樹為基礎的結構。

選項分析

核心觀念

選擇排序（Selection sort）每回合會在尚未排序的部分中找出最小值，再與該部分的第一個元素交換。遞增排序的第一回合，就是從整個序列中找出最小值，放到第一個位置。

解題方法

原序列為：

全序列的最小值是 $1$。將 $1$ 與第一個元素 $7$ 交換：

因此第一回合結束後的結果為選項（C）。

選項分析

核心觀念

二元搜尋適用於已排序的數列。每一步都檢驗目前搜尋範圍的中間元素；若目標值較大，就只往右半部繼續搜尋；若較小，就只往左半部搜尋。因此，後續檢驗值必須符合前一步比較後留下的範圍。

解題方法

目標值是 $425$。依序檢查選項中的數字，確認每一步是否落在前一步留下的搜尋範圍內：

• 檢驗值小於 $425$：下一個檢驗值必須在它右側。
• 檢驗值大於 $425$：下一個檢驗值必須在它左側。
• 檢驗到 $425$：搜尋結束。

選項分析

(A) $200,300,425$：可能。 檢驗 $200$ 時，目標 $425>200$，往右搜尋；檢驗 $300$ 時，$425>300$，仍往右搜尋；接著可檢驗到 $425$。

核心觀念

本題考查 C 語言的變數作用域與名稱遮蔽。函式內使用某個變數名稱時，會依該名稱在程式中的作用域尋找可見的宣告；函式區塊中的區域變數只在該函式內有效，不會改變其他函式所能存取的變數。

解題方法

全域變數 b 宣告為 100。函式 A 定義在 main 之外，因此 A 內的 b 指向全域變數；main 中的區域變數 b = 60 只在 main 函式內有效，不會遮蔽 A 所看見的全域 b。

呼叫 A(20) 時，參數 c = 20；函式內的區域變數 a = 10。因此：

printf 輸出 output = 130。

選項分析

核心觀念

本題考查多道程式（multiprogramming）的基本概念：作業系統讓多個程序同時處於執行準備狀態，並由作業系統安排 CPU 在不同程序間切換。單核心 CPU 一次仍只執行一個程序的指令，但可透過切換提高 CPU 使用效率。

解題方法

判斷關鍵在於：multiprogramming 描述的是作業系統如何安排多個程序使用 CPU，並不要求電腦必須有多核心，也與程式使用幾種語言或包含多少函式無關。據此逐一檢視各選項。

選項分析

核心觀念

本題考遞迴呼叫的執行順序，以及整數除法、餘數的運算。函式先呼叫 fn(n / 2)，等遞迴呼叫返回後，才執行 printf 輸出目前的 n % 2。因此，輸出順序是由最深層呼叫往外層返回。

解題方法

n 為正整數，n / 2 使用整數除法，每次將 n 除以 2 並捨去小數部分。n == 0 時停止遞迴；返回時則依序輸出各層的 n % 2。

核心觀念

本題考查 C 語言結構成員的型別，以及陣列成員能否直接以指定運算子（=）指定新值。

bill.name 的型別是 char[20]，也就是含有 20 個 char 元素的陣列。C 語言不允許用指定運算子將一個值直接指定給整個陣列；字元陣列若要存放字串，應在宣告時初始化，或使用適當方式逐一設定元素。

解題方法

逐一比對等號左側成員的型別與右側值：

• id、age 是 int，可接受整數值。
• gender 是 char，可接受字元常值，例如 '2'。
• name 是 char 陣列，不能寫成 bill.name = ... 對整個陣列指定值。

因此，錯誤設定句是 (B)。

選項分析

• (A) bill.id = -999;：正確。 id 是 int，-999 是整數常值，可指定給此成員。

核心觀念

本題考查 C++ 函式呼叫與條件運算子 ?:。運算式 m > n ? (m - n) : (m + n) 會先判斷 m > n；條件成立時回傳 m - n，不成立時回傳 m + n。

解題方法

由內而外計算兩個內層函式：

因此外層呼叫為 $f(7,1)$：

核心觀念

本題考查 C 語言的指標走訪、巢狀 for 迴圈，以及字串結尾字元 '\0'。字串以 '\0' 結尾；p1、p2 分別逐一指向字串 s、t 中的字元。

解題方法

外層迴圈依序檢查 s 的字元；對每個 *p1，內層迴圈從 t 的開頭搜尋相同字元。若找到相同字元，break 會結束內層迴圈。若搜尋到 t 的結尾仍未找到，*p2 == '\0' 成立，外層迴圈也隨之結束。

傳入 s = "abcd"、t = "babc"：

因此，迴圈結束時 p1 指向 s 中的 'd'，而 *s 是字串第一個字元 'a'。輸出敘述為：

printf("%c %c", *p1, *s);

核心觀念

C 語言字串以空字元 '\0' 作為結尾。宣告 char str[] = "abc"; 時，陣列內容為：

{'a', 'b', 'c', '\0'}

puts(str) 會從 str 開始輸出字元，直到遇到 '\0' 為止，並在輸出末尾換行。因此，判斷各選項時，關鍵是看執行後字串在哪裡遇到第一個空字元。

解題方法

比較各選項對字串起始位置 str[0] 及結尾空字元的影響，再判斷 puts(str) 輸出的內容。前三個選項都會讓 str[0] 成為 '\0'，所以輸出空字串；D 則是在原字串末尾接上一個空字串，不會改變原字串。

選項分析

• (A) *str = 0; puts(str); *str 等同於 str[0]。指定數值 0 會將該字元設為空字元 '\0'，因此字串立即結束，puts 輸出空字串及換行。

核心觀念

本題考查 C 語言的指標與全域變數，以及運算式中前置計算、後置遞增的效果。

sub(&i, &j) 將全域變數 i、j 的位址傳入，因此 m 指向 i，n 指向 j。透過 *m、*n 修改的就是 i、j 本身。

解題方法

初值為 i = 2、j = 1。依照程式執行順序逐步追蹤：

1. 呼叫 sub(&i, &j) 後，m 指向 i，n 指向 j。
2. 執行 *m = i + *n：此時 i = 2、*n = j = 1，所以 i = 2 + 1 = 3。
3. 執行 *n = j + *m：此時 j = 1、*m = i = 3，所以 j = 1 + 3 = 4。
4. 第一個 printf 印出目前的 *m、*n，即 (3, 4)。
5. 第二個 printf 中的 i++、j++ 是後置遞增：先以遞增前的值作為輸出，再各自加一。因此印出 (3, 4)，之後 i = 4、j = 5。

核心觀念

本題考查 C 語言陣列索引與 for 迴圈的執行流程。陣列索引從 $0$ 開始；for (i = 1; i < 5; i++) 會依序使用 $i=1,2,3,4$ 執行迴圈本體，結束時 $i=5$。

解題方法

陣列內容與索引如下：

迴圈累加 A[1] 至 A[4]：

核心觀念

本題考查函式呼叫中的形式參數與實際參數。

在函式定義中，用來接收資料的變數稱為形式參數；呼叫函式時，傳入的值或變數才是實際參數。河內之塔函式可寫成：

Hanoi(A, B, C, N)

其中 $A$、$B$、$C$ 表示三根盤柱，$N$ 表示要移動的盤數。這四個名稱出現在函式定義的參數列中，因此都是形式參數。

解題方法

先看題目問的是「河內之塔函式定義」中的參數。函式定義所列出的參數名稱就是形式參數；若是呼叫，例如 Hanoi(1, 3, 2, 4)，括號中傳入的 1、3、2、4 才是實際參數。

因此，Hanoi(A, B, C, N) 中的 $A$、$B$、$C$、$N$ 皆為形式參數，選 (B)。

選項分析

核心觀念

VPN（Virtual Private Network，虛擬私人網路）是利用公用網路傳送資料，透過隧道技術在兩端建立邏輯上的私人連線。封裝（Encapsulation）會把原始資料包裝在另一個封包中，使資料能穿越公用網路；若再搭配加密、身分驗證等安全機制，就能提升傳輸的機密性與完整性。IPSec 是常見的 VPN 安全協定。

解題方法

判斷重點是分清楚 VPN 與 VLAN 的功能。VPN 的核心是透過公用網路建立安全的虛擬連線；VLAN 則是在區域網路中，將裝置劃分為不同的邏輯廣播網域。題目中把 VPN 說成以路由器連接多個 VLAN 建構而成，混淆了兩種技術，故該敘述錯誤。

選項分析

• (A) 多運用在廣域網路。正確。 VPN 常用來連接不同地點的企業網路，或讓遠端使用者透過網際網路安全存取內部網路，因此常見於跨廣域網路的情境。

核心觀念

本題考查常見網路設備的功能，重點是「連接埠學習」與依目的端實體位址（MAC 位址）轉送資料。乙太網路交換器會記錄來源 MAC 位址與其所連接的交換器連接埠，並依目的 MAC 位址查詢轉送表，將資料框轉送至對應連接埠。

解題方法

辨認題幹中的兩個關鍵線索：「記錄網路卡接至哪個連接埠」以及「依目的端實體位址，只送往該連接埠」。這描述的是交換器的 MAC 位址學習與選擇性轉送功能。如此可減少不必要的資料傳送，提升區域網路傳輸效率。

選項分析

• (A) 集線器（Hub）：錯誤。 集線器在實體層運作，收到訊號後會向其他連接埠廣播，不會學習 MAC 位址，也不會依目的位址選擇特定連接埠。
• **(B) 交換器（Switch）：正確。

核心觀念

NAT（Network Address Translation，網路位址轉換）會在網路邊界轉換封包的來源或目的 IP 位址，讓多部使用私有 IPv4 位址的內部主機，透過共用的公用 IP 位址與外部網路通訊。執行 NAT 通常需要具備路由功能的設備，因為它必須在不同網路之間轉送封包並改寫位址資訊。

解題方法

辨識題目問的是「哪種設備通常用來執行 NAT」。NAT 常部署在區域網路連接外部網路的出口設備上；路由器負責在不同網路間轉送封包，並可在轉送過程中進行位址轉換，因此選擇路由器。

選項分析

核心觀念

DHCP（動態主機設定協定）用來自動分配 IP 位址及其他網路設定，例如子網路遮罩、預設閘道與 DNS 伺服器位址。DHCP 不負責提供網路介面卡的 MAC 位址；MAC 位址通常由網路介面卡本身決定。

DHCP 分配的 IP 位址有租用期限。主機重新連線或租約到期後重新取得位址時，伺服器可能分配原來的 IP 位址，也可能分配不同的 IP 位址，因此不能保證每次都相同。

解題方法

先辨別 DHCP 提供的是哪一種位址：它分配的是 IP 位址，不是 MAC 位址。接著判斷位址是否固定：一般 DHCP 動態分配的 IP 位址可能因租約、網路狀況或伺服器設定而改變。因此，符合題意的是「提供 IP 位址，且每次取得的 IP 位址可能不同」。

選項分析

核心觀念

本題考 Wi-Fi 無線網路的安全協定，以及「無線區域網路」這個網路類型名稱的差異。

WEP、WPA、WPA2 都是曾用於 Wi-Fi 網路的安全協定，用來保護無線傳輸資料；WLAN 則是「無線區域網路」（Wireless Local Area Network）的簡稱，描述網路的類型，並非安全協定。

解題方法

逐一辨認各選項屬於「安全協定」還是「網路名稱」即可。WEP、WPA、WPA2 都與 Wi-Fi 連線的安全保護機制有關；WLAN 是無線區域網路的統稱，因此找出 WLAN 即可。

選項分析

核心觀念

本題考乙太網路（Ethernet）的標準、拓樸、傳送方式與媒介存取控制。乙太網路由 IEEE 802.3 規範；IEEE 802.11 則是無線區域網路（Wi-Fi）的規範，兩者不可混淆。

解題方法

逐項核對各敘述是否符合乙太網路的典型特性。標準編號是最直接的判斷點：乙太網路對應 IEEE 802.3，因此將乙太網路說成採用 IEEE 802.11 的選項錯誤。

選項分析

• (A) 採用 IEEE 802.11 規範。錯誤。 IEEE 802.11 規範無線區域網路；乙太網路採 IEEE 802.3 規範，因此本選項為題目所求的錯誤敘述。
• **(B) 網路拓樸多採 star 架構。正確。

核心觀念

本題考查傳統 IPv4「分級網路」的預設網路遮罩。IPv4 位址共 32 位元，A、B、C 級網路的網路位元長度分別為 8、16、24 位元；遮罩中網路位元設為 1、主機位元設為 0。

解題方法

C 級網路的預設遮罩有 24 個連續的 1，後接 8 個 0：

每 8 位元換算成十進位後為：

因此選項 (C) 正確。

選項分析

核心觀念

本題考查網路使用倫理與資訊安全的基本原則，包括尊重智慧財產權、遵守網路社群互動規範，以及未經授權不得對他人網路或主機進行安全測試。

弱點掃描會向目標主機或網路送出探測流量，以辨識可能存在的漏洞。即使目的是找出安全疑慮，也不代表可以在任何情況下任意掃描；進行前須取得系統或網路管理者的授權，並遵守約定的範圍與方式。

解題方法

題幹問「何者錯誤」，逐項檢視行為是否符合網路倫理：尊重他人著作與授權、發言時尊重他人並遵守法律，以及進行資安測試前取得適當授權。選項中以「任何情況下均可進行」作為絕對說法，違反授權與責任原則。

選項分析