111 高普考高考三級 航空器維修 航空器電氣系統 考古題詳解

111 年・高普考・高考三級・航空器維修
試題代碼 航空器電氣系統

第 一 題15 分

假設一架飛機以蓄電池(battery)來啟動引擎(engine)。在啟動過程中,啟動器之電力需求為 500 A500\ \mathrm{A} 之電流,持續 30 s30\ \mathrm{s},且電池電壓需維持在 24 V24\ \mathrm{V} 以完成引擎啟動。

請問在此過程中之總能量需求為多少焦耳(joule)?

登入後即可作答並保存紀錄。

這一題的完整詳解

核心觀念

本題測驗航空器電氣系統之基本電學理論,核心在於直流電路中的「電功率(Electric Power)」與「電能(Electric Energy)」定義及國際單位制(SI)的換算:

  1. 電功率公式:直流電路中,功率 PP 為電壓 VV 與電流 II 之乘積: P=V×IP = V \times I 單位為瓦特(W\mathrm{W}),即 1 W=1 V×1 A1\ \mathrm{W} = 1\ \mathrm{V} \times 1\ \mathrm{A}。
  2. 電能公式:能量 EE 為功率 PP 對時間 tt 之累積。在電壓與電流維持恆定的條件下: E=P×t=V×I×tE = P \times t = V \times I \times t 單位為焦耳(J\mathrm{J}),即 1 J=1 W⋅s=1 V×1 A×1 s1\ \mathrm{J} = 1\ \mathrm{W\cdot s} = 1\ \mathrm{V} \times 1\ \mathrm{A} \times 1\ \mathrm{s}。

解題方法

步驟一:列出已知條件與單位確認

  • 蓄電池端電壓 V=24 VV = 24\ \mathrm{V}
  • 啟動器需求電流 I=500 AI = 500\ \mathrm{A}
  • 持續時間 t=30 st = 30\ \mathrm{s}

上述物理量皆已為國際標準單位(V\mathrm{V}、A\mathrm{A}、s\mathrm{s}),無須進行單位前綴或時間轉換。

步驟二:計算啟動時之電功率

🔒

後續完整解題步驟與【答案】

免費註冊,享 3 天全站完整詳解閱覽。

免費註冊

第 二 題15 分

電路中常見的過電流(over current)保護裝置有保險絲(fuse)、斷路器(circuit breaker)及限流器(current limiter)。

請說明其主要功能及特性。

登入後即可作答並保存紀錄。

這一題的完整詳解

核心觀念

本題測驗航空器電氣系統(Aircraft Electrical Systems)中配電防護的核心基礎——**過電流保護裝置(Overcurrent Protection Devices)**之分類、動作原理與工程應用。

  1. 保護的基本目的:依據美國聯邦航空總署規範 FAA AC 43.13-1B 第 11 章以及 FAR Part 23/25 規定,航空器過電流保護裝置的主要設計目的為保護飛機電線(Aircraft Wiring)免於過熱與起火,次要目的才是隔離故障負載設備。
  2. 過電流的型態:
  • 過載(Overload):電路負載超過設計額定值,電流通常介於額定值的 11 至數倍之間,產生焦耳熱累積(Q=I2RtQ = I^2 R t)。
  • 短路(Short Circuit):導線發生相間或對地低阻抗故障,瞬間電流可達額定值數十倍以上。
  1. 反時限特性(Inverse-Time Characteristic):過電流保護裝置普遍具備「電流越大、切斷動作時間越短」的物理特性。

解題方法

本題為典型的申論比較題型。解答時應採取「結構化條列+三方橫向對比」之架構作答:

  1. 個別論述:依序針對「保險絲(Fuse)」、「斷路器(Circuit Breaker)」與「限流器(Current Limiter)」,分別明確列出其主要功能與物理/運作特性。
  2. 關鍵航太工程特性切入:
  • 探討斷路器時,必須強調航太標準強制要求的「自由跳脫(Trip-Free)」特性及復歸(Reset)原則。
  • 探討限流器時,必須釐清其常被誤解之處:限流器在飛機上屬於「重負載延時熔斷元件(Heavy-Duty Fuse)」,而非主動調節電流大小的電子穩流晶片。
  1. 對比收斂:在各別說明後,輔以「特性綜合對比表」,讓閱卷委員在短時間內掌握考生對容量等級、復歸能力、應用位置的判斷精準度。

選項分析(題旨各要項深度剖析)

本題非選擇題,依考選部評分要點,針對題目指定之三種裝置逐一進行精確剖析:

1. 保險絲(Fuse)

  • 主要功能: 在電路發生過載或短路時,利用電流流經熔絲所產生的焦耳熱(H∝I2tH \propto I^2 t)熔斷金屬導體,形成物理開路,切斷故障電流以保護導線與下游元件。
  • 主要特性:
  • 一次性耗損元件:熔斷後無法復歸(Non-resettable),必須拆卸更換全新且規格完全一致(額定電壓與額定電流)之備品。
  • 溶斷響應型態:分為快熔型(Fast-acting/Fast-blow)與慢熔延時型(Time-lag/Slow-blow)。慢熔型能容許電動機啟動瞬間之衝擊電流(Inrush current)。
  • 體積小、成本低:反應時間極快且無機械磨損問題,但座艙更換不便,現代航機已多退居為電子裝備內部(Line Replaceable Unit, LRU)或次要特定回路之保護。

2. 斷路器(Circuit Breaker, 簡稱 CB)

  • 主要功能: 串接於供電回路中,當檢測到過載或短路電流時,內部機構自動跳脫(Trip)切斷電路;在故障排除後,可藉由手動操作重置(Reset)恢復供電,兼具電路保護與維修隔離之開關功能。
  • 主要特性:
  • 可重複使用(Reusable):跳脫後不需更換零件,手動推入按鈕即可復歸。
  • 自由跳脫(Trip-Free)特性:(航太極重要考點) 依適航標準,民航機使用的斷路器多數必須具備 Trip-Free 機制,即當電路仍存在故障電流時,即使飛行員或維修人員強制用手壓住按鈕,其內部接點仍會保持跳脫開路狀態,無法強行接通。
  • 動作感應機制:
  • 熱動型(Thermal/Bimetallic strip):利用雙金屬片熱膨脹係數不同彎曲觸發跳脫,具反時限延遲特性。
  • 磁動型(Magnetic):利用電磁線圈吸力跳脫,短路響應極快。
  • 熱磁複合型(Thermal-Magnetic):兼顧過載延時與短路瞬時保護。
  • 狀態可視性:跳脫時按鈕會彈出,通常外露白色頸部套環(White Indicator Collar)以供機組人員目視辨識。

3. 限流器(Current Limiter)

  • 主要功能: 專用於航空器主配電系統(Main Power Distribution System)、直流重型匯流排(DC Bus tie)或發電機並聯系統的高容量過電流保護裝置。主要功能是在單一匯流排或饋線發生嚴重接地短路故障時熔斷,將故障區段完全隔離,防止單點故障造成整架飛機主匯流排電壓崩塌或發電機全數跳脫。
  • 主要特性:
  • 本質為重型延時保險絲:採用耐高溫陶瓷或纖維封裝與厚金屬片結構(如銅或銀合金),額定電流極大(通常在 30 A30\text{ A} 至數百安培之間)。
🔒

後續完整解題步驟與【答案】

免費註冊,享 3 天全站完整詳解閱覽。

免費註冊

第 三 題25 分

假設飛機上以 24 V24\ \mathrm{V} 之直流電源來提供兩盞燈泡之電源需求,其接線如下圖。其中,R1R_1 及 R2R_2 分別代表兩盞燈泡之阻抗,而 RsR_s 代表線路功率損耗之阻抗。

接線關係:24 V24\ \mathrm{V} 直流電源經由 RsR_s 供電至由 R1R_1、R2R_2 所構成之燈泡電路。

已知 R1=48 ΩR_1=48\ \Omega、R2=32 ΩR_2=32\ \Omega,且 Rs=0.8 ΩR_s=0.8\ \Omega。

請問:

  1. 流經 R1R_1、R2R_2 及 RsR_s 的電流各為多少安培?
  2. 線路功率損耗為多少瓦(watts)?
  3. 24 V24\ \mathrm{V} 電源之總輸出功率為多少瓦?
🖼️ 本題原卷含圖表。基於試題來源之版權考量,本站不轉載原卷影像; 題目文字已完整轉錄,圖表請自行參閱考選部公告之試題原檔。

登入後即可作答並保存紀錄。

這一題的完整詳解

核心觀念

R1R_1 與 R2R_2 並聯,並聯後的等效電阻再與線路電阻 RsR_s 串聯。串聯部分電流相同;進入並聯負載後,電流依各支路電阻分配,並符合克希荷夫電流定律。

本題使用:

R∥=R1R2R1+R2,I=VR,P=I2R=VIR_{\parallel}=\frac{R_1R_2}{R_1+R_2},\qquad I=\frac{V}{R},\qquad P=I^2R=VI

解題方法

先求兩盞燈泡的並聯等效電阻:

R∥=48×3248+32=19.2 ΩR_{\parallel} =\frac{48\times32}{48+32} =19.2\ \Omega

它與 Rs=0.8 ΩR_s=0.8\ \Omega 串聯,因此電源看到的總電阻為:

R總=Rs+R∥=0.8+19.2=20 ΩR_{\text{總}}=R_s+R_{\parallel} =0.8+19.2 =20\ \Omega

由歐姆定律,流經 RsR_s 的總電流為:

Is=2420=1.2 AI_s=\frac{24}{20}=1.2\ \mathrm{A}

並聯支路兩端電壓可由 RsR_s 上的壓降求得:

V∥=24−IsRs=24−(1.2)(0.8)=23.04 VV_{\parallel}=24-I_sR_s =24-(1.2)(0.8) =23.04\ \mathrm{V}

因此兩支路電流分別為:

I1=23.0448=0.48 AI_1=\frac{23.04}{48}=0.48\ \mathrm{A}
🔒

後續完整解題步驟與【答案】

免費註冊,享 3 天全站完整詳解閱覽。

免費註冊

第 四 題20 分

請說明直流串繞(series-wound)馬達之激磁繞組(field winding)與電樞繞組(armature winding)之連接方式,並詳細說明其扭力與轉速之特性。

登入後即可作答並保存紀錄。

這一題的完整詳解

核心觀念

本題評量考生對「直流電機原理」與「航空電氣致動元件」的掌握程度,核心觀念包含:

  1. 電路連接與電流關係:直流串繞馬達(DC Series Motor)中,激磁繞組(Field Winding)與電樞繞組(Armature Winding)呈串聯關係,流經兩者的電流完全相同: IL=If=IaI_L = I_f = I_a 其中 ILI_L 為電源端電流、IfI_f 為激磁電流、IaI_a 為電樞電流。
  2. 反電動勢(Back EMF)方程式: Eb=KeΦN=Vt−Ia(Ra+Rf)E_b = K_e \Phi N = V_t - I_a (R_a + R_f) 其中 EbE_b 為反電動勢、KeK_e 為電機轉速常數、Φ\Phi 為主磁通、NN 為轉速、VtV_t 為端電壓、RaR_a 為電樞電阻、RfR_f 為串激繞組電阻。
  3. 電磁扭力(Electromagnetic Torque)方程式: T=KtΦIaT = K_t \Phi I_a 其中 KtK_t 為電機扭力常數。磁路未飽和前,主磁通正比於激磁電流(Φ∝If=Ia\Phi \propto I_f = I_a);磁路高度飽和後,主磁通趨於定值(Φ≈常數\Phi \approx \text{常數})。

解題方法

本題為申論問答題,作答應從「電路與構造連接方式」、「扭力特性(含啟動狀態)」、「轉速特性(含負載變動與安全限制)」三大主軸切入,並輔以數理公式推導:

一、激磁繞組與電樞繞組之連接方式與構造特徵

  1. 電路連接方式: 激磁繞組與電樞繞組在電路上以「串聯」方式連接至直流電源。外部電源正極依序流經激磁繞組、碳刷、換向片與電樞繞組(或反序),最後回到電源負極。
  2. 繞組導線構造特性: 因激磁繞組必須全額承載電樞電流(全載電流),為減少繞組之銅損(I2RI^2 R 壓降與發熱),激磁繞組採用線徑較粗、匝數較少(few turns of heavy wire)之重導線繞製,具有極低的內部直流電阻。

二、扭力(Torque)特性

由電磁扭力公式 T=KtΦIaT = K_t \Phi I_a 進行推導:

  1. 磁路未飽和前(重載與啟動時): 此時主磁通正比於激磁電流,即 Φ=c⋅Ia\Phi = c \cdot I_a(cc 為比例常數),代入扭力公式可得: T=Kt⋅(c⋅Ia)⋅Ia∝Ia2T = K_t \cdot (c \cdot I_a) \cdot I_a \propto I_a^2 扭力與電樞電流的平方成正比。
  2. 極高啟動扭力(High Starting Torque): 馬達啟動瞬間,轉速 N=0N = 0,反電動勢 Eb=0E_b = 0,此時啟動電流極大: Istart=VtRa+RfI_{\text{start}} = \frac{V_t}{R_a + R_f} 由於啟動電流可達額定電流的數倍,且 T∝Ia2T \propto I_a^2,故直流串繞馬達能產生極為龐大的啟動扭力(可達額定扭力的 3 至 5 倍以上)。
  3. 磁路飽和後(極高電流下): 當電流過大導致鐵心達到磁飽和,主磁通 Φ\Phi 保持定值,扭力轉變為與電樞電流成正比(T∝IaT \propto I_a),呈線性上升。

三、轉速(Speed)特性

由反電動勢方程式 Eb=Vt−Ia(Ra+Rf)=KeΦNE_b = V_t - I_a (R_a + R_f) = K_e \Phi N,移項推導轉速: N=Vt−Ia(Ra+Rf)KeΦN = \frac{V_t - I_a (R_a + R_f)}{K_e \Phi}

  1. 重載與負載增加時(軟特性 / 顯著降速): 當負載增加時,負載電流 IaI_a 增加,主磁通 Φ\Phi 亦成比例增加。因分子端電壓降相對較小,轉速 NN 的變化主要受分母磁通 Φ\Phi 主導,故轉速隨著負載的增加而急劇下降。此種隨負載增加自發降速、避免超載損壞的特性稱為「變速特性(Variable Speed)」或「下垂特性」。
  2. 無載或輕載時(飛車危險 / Runaway):
🔒

後續完整解題步驟與【答案】

免費註冊,享 3 天全站完整詳解閱覽。

免費註冊

第 五 題25 分

下圖為一個串聯交流電路。假設交流電源為 vs(t)=1152cos⁡(2500t)v_s(t)=115\sqrt{2}\cos(2500t),

且電感 L=0.01 HL=0.01\ \mathrm{H}、電容 C=8 μFC=8\ \mu\mathrm{F}、電阻 R=25 ΩR=25\ \Omega。這些參數只是為方便分析與計算,不代表飛機上之系統參數。

電路元件 CC、LL、RR 與交流電源 vs(t)v_s(t) 串聯。

請問:

  1. 此交流串聯電路之總阻抗值(total impedance)為何?
  2. 此交流電路之迴路電流的有效值是多少?
🖼️ 本題原卷含圖表。基於試題來源之版權考量,本站不轉載原卷影像; 題目文字已完整轉錄,圖表請自行參閱考選部公告之試題原檔。

登入後即可作答並保存紀錄。

這一題的完整詳解

核心觀念

串聯交流電路的總阻抗由電阻與電抗組成:

Z=R+j(XL−XC)Z=R+j(X_L-X_C)

其中感抗與容抗分別為:

XL=ωL,XC=1ωCX_L=\omega L,\qquad X_C=\frac{1}{\omega C}

電源 vs(t)=1152cos⁡(2500t)v_s(t)=115\sqrt{2}\cos(2500t) 的角頻率為 ω=2500 rad/s\omega=2500\ \mathrm{rad/s},其有效值為 Vrms=115 VV_{\mathrm{rms}}=115\ \mathrm{V}。

解題方法

先計算電感與電容的電抗:

XL=(2500)(0.01)=25 ΩX_L=(2500)(0.01)=25\ \Omega

XC=1(2500)(8×10−6)=50 ΩX_C=\frac{1}{(2500)(8\times10^{-6})}=50\ \Omega

因此淨電抗為 XL−XC=25−50=−25 ΩX_L-X_C=25-50=-25\ \Omega,總阻抗為:

Z=25−j25 ΩZ=25-j25\ \Omega

換成極座標形式:

∣Z∣=252+(−25)2=252≈35.36 Ω|Z|=\sqrt{25^2+(-25)^2}=25\sqrt{2}\approx35.36\ \Omega

🔒

後續完整解題步驟與【答案】

免費註冊,享 3 天全站完整詳解閱覽。

免費註冊

其他考古題