111 專技高考高等考試 資訊技師 網路原理與應用 考古題詳解

核心觀念

本題屬於「名詞解釋與申論」題型，配分通常為 20 至 25 分（每小題 4 至 5 分），主要評量考生對新興網路技術、次世代通訊架構、分散式系統、服務品質評估以及區域網路安全的綜合理論掌握度。各子題評量核心如下：

1. 人工智慧物聯網（AIoT）：物聯網感知層與人工智慧運算決策層之整合，涵蓋雲端運算（Cloud Computing）與邊緣運算（Edge AI）的協同運作。
2. 開放性無線擷取網路（O-RAN）：行動通訊第 5 代（5G）無線接取網路之軟硬體解耦（Disaggregation）、介面開放化與 RAN 智慧控制器（RIC）架構。
3. 區塊鏈（Blockchain）：密碼學雜湊（Cryptographic Hash）、分散式帳本技術（Distributed Ledger Technology, DLT）、點對點網路（P2P）及共識機制（Consensus Mechanism）。
4. 體驗質量（QoE）：終端使用者主觀感受評價體系（如 ITU-T P.10/G.1000 標準），及其與底層客觀「服務品質（QoS）」之映射關係。
5. 位址解析協定攻擊（ARP Spoofing）：OSI 第二層（資料連結層）缺乏身分驗證機制之漏洞、快取毒化原理（Cache Poisoning）與中間人攻擊（MitM）。

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解題方法

國家考試申論題之名詞解釋切忌「一行文」或僅給出字面翻譯。欲獲取 80% 以上高分，應採取**「三段式標準架構」**：

1. 定義與核心本質：點出該技術的定義、標準制定組織或核心目標。
2. 架構組成與運作原理：詳列其核心元件、協定流程或關鍵運作機制。
3. 關鍵特性、對比或防禦應用：說明實務優勢、與相近概念之對比（如 QoE vs. QoS），或具體防禦機制（如針對 ARP 攻擊）。

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解題技巧

1. 關鍵字精準投放：閱卷委員以核心術語給分。例如寫 O-RAN 必寫「軟硬體解耦、白牌化、RIC、xApp/rApp」；寫 ARP 攻擊必寫「無狀態（Stateless）、快取毒化、DAI、DHCP Snooping」。
2. 圖表化結構思考：條列時標示清楚小標題，善用階層式條列，展現邏輯架構。
3. 避免常見陷阱：

• QoE 誤等同於 QoS：QoS 是網路層面的客觀工程數據（延遲、頻寬、封包遺失率），QoE 是使用者端的主觀感知（MOS 分數、畫面卡頓感受），切勿混淆。
• ARP 攻擊層級錯誤：ARP 運作於區域網路（LAN，第二層與第三層交界），無法穿透路由器（Router），攻擊範圍受限於廣播網域（Broadcast Domain）。

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【答案】

(一) 人工智慧物聯網（The Artificial Intelligence Internet of Things, AIOT）

1. 定義與意涵： AIoT 為人工智慧（AI）與物聯網（IoT）的深度融合技術。IoT 負責巨量數據的「採集與互聯」（感測層與傳輸層），AI 則負責巨量數據的「分析、預測與自主決策」（智慧應用層），使物聯網從單純的「萬物互聯（Connected Things）」進化為「萬物智聯（Intelligent Things）」。
2. 系統架構與運作機制：

• 感知與傳輸：部署大量感測器與嵌入式節點，透過 5G、Wi-Fi 6、NB-IoT 等通訊技術將實體世界的環境狀態數值化並回傳。
• 邊緣運算（Edge AI）：在接近資料源頭的閘道器（Gateway）或邊緣設備端即時執行輕量化模型推論（Inference），大幅降低傳輸延遲與骨幹網路頻寬負擔。
• 雲端運算（Cloud AI）：在資料中心進行大規模深度學習模型訓練、巨量資料分析與全域策略排程。

3. 主要應用領域： 智慧製造（機台預測性維護）、智慧城市（動態自適應交通號誌控制）、智慧醫療（穿戴式連續生理訊號異常警示）及自動駕駛車輛感知決策。

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(二) 開放性無線擷取網路（Open Radio Access Network, O-RAN）

1. 定義與意涵： O-RAN 是由 O-RAN 聯盟（O-RAN Alliance）推動的新世代行動通訊無線接取網路架構。旨在打破傳統電信設備大廠（如 Ericsson、Nokia 等）之封閉式軟硬體綁定（Vendor Lock-in），透過介面開放化、軟硬體解耦（Disaggregation）與網路功能虛擬化（vRAN），建立可互通且雲端化的無線通訊生態系。
2. 核心架構與關鍵元件：

• 功能拆分（Functional Split 7-2x）：將傳統基地台分解為三個開放單元：
• O-RU（Open Radio Unit）：負責射頻（RF）與底層實體層運算。
• O-DU（Open Distributed Unit）：負責高階實體層、MAC 及 RLC 通訊協定處理。
• O-CU（Open Centralized Unit）：負責 PDCP、RRC 等高層控制與使用者平面協定。
• RAN 智慧控制器（RIC, RAN Intelligent Controller）：
• Near-RT RIC（近即時控制器）：控制週期介於 $10\text{ ms} \sim 1\text{ s}$，透過微服務架構的 xApps 實現動態無線資源管理（RRM）、波束賦形（Beamforming）與干擾管理。

核心觀念

本題評量重點為 IEEE 802.11ax（商用名稱為 Wi-Fi 6，又稱高效率無線網路 High-Efficiency WLAN, HEW）相較於前代標準（如 802.11ac / Wi-Fi 5）在實體層（PHY）與媒介存取控制層（MAC）用以克服通道壅塞、提高頻譜利用率並大幅提升整體傳輸吞吐量（Throughput）的關鍵接取與傳輸技術。

主要涉及的技術規範與核心定義包含：

1. 頻譜切割與多工接取：正交分頻多工存取（Orthogonal Frequency Division Multiple Access, OFDMA）及其資源單元（Resource Unit, RU）分配機制。
2. 多天線空間多工：多使用者多輸入多輸出（Multi-User Multiple-Input Multiple-Output, MU-MIMO）在上行（UL）與下行（DL）的擴展應用（最大支援 8 條空間串流，即 $8 \times 8$）。
3. 高階數位調變技術：1024 正交振幅調變（1024-QAM），每符元攜帶位元數由 8 位元提升至 10 位元。
4. 通道重用機制：基本服務集著色技術（BSS Coloring / Spatial Reuse，空間重用）。

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解題方法

本題為專業申論題，作答切入點應鎖定「IEEE 802.11ax 標準的核心架構變革」，依據「頻域多工（OFDMA）」、「空間多工（MU-MIMO）」與「調變編碼提升（1024-QAM）」（輔以空間重用機制）三大核心維度進行論述。

論述邏輯如下：

1. 先指出該技術之運作原理（How it works）。
2. 對比 Wi-Fi 5（802.11ac）之差異與瓶頸（Comparison）。
3. 具體說明其如何提升傳輸速度與網路效率（Why it increases speed/efficiency）。

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選項分析

本題為申論題，並無選項。以下針對題目要求的「三種提升傳輸速度之接取與調變技術」進行逐一詳細剖析：

1. 正交分頻多工存取（OFDMA, Orthogonal Frequency Division Multiple Access）

• 運作原理： 802.11ac 採用的 OFDM 技術在給定時間槽（Time Slot）內，整個頻寬（如 20 MHz、40 MHz 或 80 MHz）只能由單一使用者佔用。Wi-Fi 6 引進蜂巢式行動通訊（如 4G LTE/5G）的 OFDMA 機制，將射頻頻寬切割為多個更細微的正交子載波（Subcarriers），並組合成不同大小的「資源單元」（Resource Unit, RU，例如 26、52、106、242、484、996 個載波）。基地台（AP）可根據使用者的封包大小與 QoS 需求，在同一傳輸時間點（Transmission Time Interval）動態將不同的 RU 分配給多個使用者同時傳輸。
• 速度與效率提升機制： 支援下行（DL-OFDMA）與上行（UL-OFDMA）。在小封包高密度的傳輸環境中（如語音、IoT、網頁瀏覽），大幅減少 CSMA/CA 競爭等待時間與協定標頭負擔（Overhead），解決通道閒置浪費的問題，將網路總頻寬利用率與整體資料吞吐量極大化。

2. 上行與下行雙向多使用者多輸入多輸出（UL/DL MU-MIMO）

• 運作原理： 利用多天線陣列產生的空間波束成形（Beamforming），在同一個頻率與時間資源上，建立多條彼此正交的空間串流（Spatial Streams），同時與多個分散的終端裝置進行通訊。
• 對比與升級： 802.11ac Wave 2 僅支援下行 MU-MIMO（DL MU-MIMO），且最多支援 4 條空間串流（$4 \times 4$），上行傳輸仍須使用傳統競爭接取。

核心觀念

本題旨在測驗傳統乙太網路（Ethernet）採用的 CSMA/CD（Carrier Sense Multiple Access with Collision Detection） 協定在實體層與資料鏈結層的網路維度規劃與計算，涉及以下核心觀念：

1. 傳播延遲（Propagation Delay, $t_{\text{prop}}$）： 電氣訊號在實體介質中傳播所需的時間，計算公式為： $t_{\text{prop}} = \frac{\text{傳輸距離 } d}{\text{傳播速度 } v}$
2. 端對端單向整體延遲（One-Way Maximum End-to-End Delay, $\tau$）： 訊號由網路最遠一端傳遞至另一端所需的總延遲，包含纜線傳播延遲、所有串接中繼器（Repeater）之處理延遲，以及訊號上升時間（Rise Time）。
3. 時槽時程（Time Slot / Slot Time, $T_{\text{slot}}$）： 在 CSMA/CD 協定下，為了確保網路中任何兩個最遠端的工作站在傳送資料時，即使在傳播的最末端發生碰撞，該碰撞訊號也能及時傳回發送端而被偵測到，時槽長度必須大於或等於最大往返延遲時間（Round-Trip Time, $\text{RTT}$）： $T_{\text{slot}} \ge \text{RTT} = 2 \times \tau$
4. 最小封包大小（Minimum Frame Size, $L_{\min}$）： 發送端傳送一個訊框的傳輸時間（Transmission Delay）必須至少涵蓋一個時槽的時程，否則封包送完後才收到碰撞通知，將無法觸發重傳機制。計算公式為： $L_{\min} = \text{傳輸速率 } R \times T_{\text{slot}}$

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解題方法

1. 參數整理

• 網路傳輸速率：$R = 10\text{ Mbps} = 10 \times 10^6\text{ bps} = 10\text{ bits}/\mu\text{s}$
• 網路拓撲：$10$ 個網段（segments），每段最長 $500\text{ m}$；中間以 $9$ 個中繼器（repeaters）串接
• 纜線總長度：$d = 10 \times 500\text{ m} = 5000\text{ m}$
• 訊號傳播速度：$v = \frac{5}{6} c = \frac{5}{6} \times (3 \times 10^8\text{ m/s}) = 2.5 \times 10^8\text{ m/s} = 250\text{ m}/\mu\text{s}$
• 每個中繼器延遲：$t_{\text{rep}} = 1.0\ \mu\text{s}$，共有 9 個中繼器
• 整體訊號上升時間：$t_{\text{rise}} = 2.0\ \mu\text{s}$
• 其他延遲忽略不計

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2. 各小題推導與計算

(一) 此系統整體延遲時間為何？

系統整體延遲時間為最遠兩端點間的單向端對端最大延遲時間（$\tau$），由纜線傳播延遲、中繼器延遲總和及訊號上升時間累加而成：

1. 纜線傳播延遲（$t_{\text{prop}}$）： $t_{\text{prop}} = \frac{5000\text{ m}}{2.5 \times 10^8\text{ m/s}} = 2 \times 10^{-5}\text{ s} = 20\ \mu\text{s}$
2. 中繼器總延遲（$T_{\text{rep}}$）：

核心觀念

本題為經典的 IPv4 網路定址、子網路切割（Subnetting）與 TCP/IP 通訊協定運作之綜合試題，核心評量點涵蓋：

1. 傳統類別網路（Classful Addressing）分類：依據 IPv4 第一個八位元組（First Octet）之最高有效位元（Leading Bits）判定所屬網路類別（Class A、B、C、D、E）。
2. 子網路遮罩與位址運算：

• 網路位址（Network Address）：未切割子網路前，依類別劃分之原始網路位址。
• 子網路位址（Subnet Address）：將 IP 位址與子網路遮罩進行「逐位元邏輯及（Bitwise AND）」運算後所得之位址。
• 廣播位址（Broadcast Address）：子網路內主機位元（Host Bits）全設為 $1$ 之定向廣播位址（Directed Broadcast Address）。

3. 子網路數量計算：自原始類別之主機位元中所借用的子網路位元數（Subnet Bits, $n$）。依現代標準（RFC 1878 / CIDR）可產生 $2^n$ 個子網路；依早期規範（RFC 950）則為 $2^n - 2$ 個。
4. 同網段 vs. 跨網段傳輸（Routing & ARP 協同運作）：

• 主機傳送封包前，將目的地 IP 與自身遮罩做 AND 運算，以判斷目標屬於「同子網路（Intra-subnet / Direct Delivery）」或「外部子網路（Inter-subnet / Indirect Delivery）」。
• Routing 決策：決定封包應直接遞送至目標主機，抑或遞送至預設閘道器（Default Gateway）。
• ARP 解析：決定 ARP Request 詢問之對象為目標主機本身之 MAC 位址，抑或預設閘道器之 MAC 位址。

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解題方法

(一) 該 IP 屬於那類網路？

判斷 IPv4 類別依據第一個八位元組（First Octet）：

• 本題 IP 為 $168.168.168.168$，第一個 Octet 為 $168$。
• 轉為二進位：$168 = 10101000_2$，其前兩位元為 10。
• 依 Classful Addressing 定義：
• Class A：$1 \sim 126$（二進位開頭 0）
• Class B：$128 \sim 191$（二進位開頭 10）
• Class C：$192 \sim 223$（二進位開頭 110）
• 數值 $168$ 落在 $128 \sim 191$ 範圍內，故屬於 Class B（B 類網路）。

(二) Network address 以及 Subnet address 為何？

1. Network address（類別網路位址）：

• 該 IP 屬 Class B，預設網路遮罩為 $/16$（即 $255.255.0.0$）。
• 保留前兩個 Octet，後兩個 Octet 填 $0$： $\text{Network address} = 168.168.0.0$

2. Subnet address（子網路位址）：

• 子網路遮罩為 $255.255.255.192$（即 $/26$）。
• 前三個 Octet 遮罩皆為 $255$，故前三組數值不變為 $168.168.168$。
• 計算第四個 Octet： $\text{IP 第四碼：} 168 = 10101000_2$ $\text{遮罩第四碼：} 192 = 11000000_2$ $\text{Bitwise AND：} 10101000_2 \text{ AND } 11000000_2 = 10000000_2 = 128$
• 故子網路位址為： $\text{Subnet address} = 168.168.168.128$

(三) Broadcast address？

子網路廣播位址係將該子網路的主機位元（Host Bits）全部置為 $1$：

• 遮罩為 $/26$，前 $26$ 位元為網路與子網路識別，後 $32 - 26 = 6$ 位元為主機位元。
• 第四個 Octet 前兩位元固定為 10，後六位元全部置為 $1$： $10111111_2 = 128 + 32 + 16 + 8 + 4 + 2 + 1 = 191$
• 故該子網路廣播位址為： $\text{Broadcast address} = 168.168.168.191$

(四) 該網域最多有幾個子網路？

• 原始 Class B 網路之預設遮罩為 $/16$（前 $16$ 位元為 Network ID）。
• 現行子網路遮罩為 $255.255.255.192$，即 $/26$。
• 向主機位元借用的子網路位元數 $n$ 為： $n = 26 - 16 = 10 \text{ bits}$ （即第三個 Octet 全借共 $8$ 位元，加上第四個 Octet 借用 $2$ 位元，$8 + 2 = 10$ 位元）。
• 可劃分的子網路數量：

1. 現行主流標準（RFC 1878 / CIDR，允許 Subnet Zero 與 All-Ones Subnet）： $2^{10} = 1024 \text{ 個}$
2. 早期傳統標準（RFC 950，扣除全 $0$ 與全 $1$ 之子網路）： $2^{10} - 2 = 1022 \text{ 個}$ 國家考試作答時，以現代標準 1024 個 為主流答案，並附註早期規範為 1022 個，以涵蓋不同命題委員之評分基準。

(五) 當此電腦要傳送一個封包給 $168.168.168.123$ 以及 $168.168.168.172$ 時，ARP 及 Routing 上有何不同？

本機所屬子網路範圍為 $168.168.168.128/26$：

• 子網路位址：$168.168.168.128$
• 有效主機 IP 範圍：$168.168.168.129 \sim 168.168.168.190$
• 廣播位址：$168.168.168.191$

1. 目標 A：$168.168.168.172$（同網段 / 直接遞送）

核心觀念

循環冗餘檢查（Cyclic Redundancy Check, CRC）是資料連結層（Data Link Layer）最核心的錯誤偵測技術，廣泛應用於乙太網路、Wi-Fi 及各類通訊協定中。其數學理論基礎建立於有限域 $\text{GF}(2)$ 的多項式運算與模二除法（Modulo-2 Division）。

1. 模二算術（Modulo-2 Arithmetic）：加法與減法皆等同於**互斥或（XOR, $\oplus$）**運算，特點是不產生進位（Carry）亦不產生借位（Borrow）。其運算規則為：$0 \oplus 0 = 0$、$1 \oplus 1 = 0$、$1 \oplus 0 = 1$、$0 \oplus 1 = 1$。
2. 多項式與二進位對應關係：若生成多項式為 $G(x)$，其最高次方（階數，Degree）為 $r$，則其對應的二進位除數長度為 $r+1$ 位元。產生的 CRC 檢查碼（訊框檢查序列，FCS）長度固定為 $r$ 位元。
3. 編碼原理：

• 原始訊息多項式記為 $D(x)$（長度 $k$ 位元）。
• 將訊息左移 $r$ 位（即乘上 $x^r$），相當於在訊息後方補上 $r$ 個 $0$。
• 以生成多項式 $G(x)$ 對補零後的訊息進行模二除法，所得之餘數即為 CRC 檢查碼 $R(x)$： $D(x) \cdot x^r = Q(x) \cdot G(x) \oplus R(x)$
• 傳送端送出的編碼訊框 $T(x)$ 為： $T(x) = D(x) \cdot x^r \oplus R(x)$

4. 接收端檢錯原理：

• 接收端收到訊框 $T'(x) = T(x) \oplus E(x)$，其中 $E(x)$ 為雜訊造成的錯誤圖樣（Error Pattern）。
• 接收端以相同的 $G(x)$ 進行模二除法。因為 $T(x)$ 本身必能被 $G(x)$ 整除，所以檢驗的餘數等價於 $E(x) / G(x)$ 之餘數。
• 若餘數為全 $0$，接收端判定傳輸無誤並接受資料；若餘數不為全 $0$（稱為非零症狀值 Syndrome），接收端即判定發生傳輸錯誤並捨棄該訊框。

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解題方法

(一) 訊息編碼後之結果

1. 決定除數與補零位數：

• 原始訊息 $D = 11001001$（共 8 位元）。
• 生成多項式 $G(x) = x^3 + x + 1 = 1 \cdot x^3 + 0 \cdot x^2 + 1 \cdot x^1 + 1 \cdot x^0$。
• $G(x)$ 的階數 $r = 3$，對應的二進位除數為 $1011$（長度為 $r + 1 = 4$ 位元）。
• 訊息後方需補上 $r = 3$ 個 $0$，形成被除數：$11001001000$。

2. 執行模二長除法： 將 $11001001000$ 除以 $1011$：

 1 1 1 0 1 1 1 1 (商數 Q)
 ---------------------
1 0 1 1 ) 1 1 0 0 1 0 0 1 0 0 0
 1 0 1 1
 -------
 1 1 1 1
 1 0 1 1
 -------
 1 0 0 0
 1 0 1 1
 -------
 0 1 1 0
 0 0 0 0
 -------
 1 1 0 1
 1 0 1 1
 -------
 1 1 0 0
 1 0 1 1
 -------
 1 1 1 0
 1 0 1 1
 -------
 1 0 1 0
 1 0 1 1
 -------
 0 0 1 (餘數 R)

3. 得出編碼訊框： 餘數 $R = 001$（補足 $r=3$ 位元）。 編碼後結果為原始訊息後方串接餘數：$11001001$ 與 $001$ 結合成 $11001001001$。

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(二) 該筆訊息的 CRC 檢查碼

依據第 (一) 小題模二除法之計算結果，餘數即為檢查碼（FCS）。 因為生成多項式最高次方為 $3$，檢查碼長度必為 $3$ 位元，所得餘數為 $001$。

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(三) 最左邊位元錯誤之檢錯分析

1. 受損訊框之呈現： 編碼後訊框長度為 11 位元：$11001001001$。

核心觀念

本題測驗「網路管理系統架構」（Network Management Architecture）在區域網路（LAN）環境中的建置與運作機制。區域網路管理的核心在於**管理站（Manager / NMS）與被管設備之代理程式（Agent）**之間的互動關係、資料收集方式（Polling 與 Trap/Interrupt）、控制權責配置及故障容錯能力。

在經典網路管理理論中，依據管理站的配置拓撲與職責分配，網路管理架構主要分為三種基本機制：

1. 集中式管理機制（Centralized Network Management）
2. 階層式管理機制（Hierarchical Network Management）
3. 分散式管理機制（Distributed Network Management）

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解題方法

本題屬申論問答題，解題切入點應針對這三種管理架構，依序由**「架構拓撲與角色配置」、「資料收集與控制運作流程」、「優點與效能瓶頸」及「典型應用情境」**四個維度切入並詳細鋪陳，最後輔以綜合比較，以符合專技高考資訊技師對於系統性分析與架構設計能力的要求。

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選項分析（三種管理機制之深入剖析）

一、集中式管理機制（Centralized Management）

1. 運作方式：

• 角色配置：全網僅部署單一中央網路管理站（Central Manager / NMS），負責管理區域網路內所有網路設備（如交換器、路由器、伺服器、無線基地台等）。各被管設備上運行輕量級代理程式（Agent）與管理資訊庫（MIB）。
• 資訊交換與控制：中央管理站透過請求／回應模式（Request/Response，如 SNMP Get/Set 輪詢機制）定期向各節點的 Agent 索取效能與狀態資料；當設備發生異常事件時，Agent 則主動向中央管理站發送非同步警報（Trap / Notification）。所有日誌分析、故障診斷、組態變更與安全策略下發皆在中央管理站執行。

2. 優缺點分析：

• 優點：架構單純直觀、建置與維護成本低、全網組態與安全性政策容易保持一致。
• 缺點：
• 效能瓶頸（Bottleneck）：隨著節點數增加，中央管理站的 CPU/I/O 負載與管理輪詢流量劇增。
• 單點故障（Single Point of Failure, SPOF）：若中央管理站或其連外骨幹鏈路失效，全網管理功能將全面中斷。

3. 典型適用場景：小型區域網路（SOHO 或單一網段之中小型企業 LAN）。

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二、階層式管理機制（Hierarchical Management）

1. 運作方式：

• 角色配置：採金字塔型樹狀分層架構，引進「管理者的管理者」（Manager-of-Managers, MoM）觀念。系統分為「頂層中央管理站」與多個「中層次管理站（Mid-Level Manager, MLM / Sub-manager）」。
• 資訊交換與控制：
• 底層至中層：被管設備的 Agent 僅與其所屬網段或建築的「中層次管理站」通訊，由 MLM 進行高頻率的區域性輪詢與監控。
• 資料過濾與彙總：MLM 具備本地資料處理能力，先在本地端過濾掉冗餘資訊，僅將彙總後的摘要數據或嚴重等級告警向「頂層中央管理站」回報。
• 策略下發：頂層管理站負責全網全域政策制定，並透過 MLM 逐層向下布署執行。

2. 優缺點分析：

• 優點：
• 大幅降低骨幹頻寬負載：透過 MLM 彙總過濾，避免大量輪詢封包穿透核心主幹。
• 擴充性高（High Scalability）：新增子網或建築時，只需擴充 MLM 節點即可線性擴充。
• 具備區域自主性：頂層管理站離線時，MLM 仍可在本地維持基礎監控運作。
• 缺點：管理階層設計複雜、軟硬體投資成本較高、設定與協調開銷較大。

3. 典型適用場景：大型企業園區網路（Campus LAN）、多棟建築、多個 VLAN 或跨樓層的大型區域網路。

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三、分散式管理機制（Distributed Management）

1. 運作方式：

• 角色配置：由多個地位對等（Peer-to-Peer）且具備完整管理功能的管理站（Distributed Managers）協同組成。每個管理站各自負責特定的邏輯區域、功能範疇或子網。
• 資訊交換與控制：管理站之間透過專用同儕通訊協定即時交換網路拓撲、效能指標與事件狀態；