108 鐵路特考員級 電子工程 計算機概要 考古題詳解

核心觀念

二補數是固定位元數下表示負數及進行減法運算的方法。求一個二進位數的二補數，先將每一位元反相，再加上 $1$；也可由右向左保留最右邊的 $1$ 及其右側位元，其餘位元反相。

解題方法

題目給定 $8$ 位元數：

先逐位反相，得到一補數：

再加上 $1$：

因此，其二補數為 $0110\ 0110$。

選項分析

核心觀念

點陣圖（bitmap／raster image）由許多像素組成，每個像素記錄一個位置的顏色或亮度；向量圖（vector image）則以點、線、曲線與幾何圖形的數學描述來表示影像。

點陣圖能逐像素記錄細緻的色彩與明暗變化，因此適合表現景物複雜、色彩連續的攝影照片。向量圖則擅長呈現線條清楚、形狀規則的圖案，例如標誌、圖示與工程圖。

解題方法

比較兩種格式最擅長的影像類型：照片包含大量細節、漸層與複雜色彩，點陣圖可以直接記錄各像素的視覺資訊；向量圖以幾何物件描述圖形，較適合可縮放的線條與規則形狀。題目問點陣圖相較於向量圖的主要優點，因此選擇適合表現攝影照片的選項。

選項分析

• (A) 圖形檔案較小：錯誤。 點陣圖需要記錄大量像素，解析度與色彩深度越高，檔案通常越大。簡單圖形若用向量描述，檔案往往較精簡；

核心觀念

本題考查軟體的授權與開發模式。開放程式碼（open source）​軟體依其授權條款，允許使用者取得程式原始碼，並在授權條件下使用、修改或散布。判斷時要看軟體是否以開放程式碼方式發行，而非只看它是否常見或能否免費取得。

解題方法

逐一辨認各軟體的開發與授權模式：Windows、Access 與 Oracle 資料庫軟體皆屬專有軟體；Linux 則是以開放程式碼方式開發與散布的作業系統。因此，符合題意的是 Linux。

選項分析

• (A) Windows 作業系統：錯誤。 Windows 是 Microsoft 的專有作業系統，程式原始碼不以開放程式碼方式公開。
• **(B) Linux 作業系統：正確。

核心觀念

本題考查中央處理器（CPU）的基本組成與指令處理流程。控制單元（Control Unit）負責協調 CPU 各部件的工作，包含從記憶體擷取指令、解碼指令，以及發出控制訊號，使指令能依序執行。

解題方法

看到題目中的「協調」、「搬到暫存器」與「解碼」，應聯想到指令週期中的擷取與解碼階段。控制單元會控制指令由記憶體送入指令暫存器，再解讀指令內容，並安排後續運算所需的資料傳送與元件動作。因此，負責協調這些工作的單元是控制單元。

選項分析

核心觀念

補間動畫（Tweening，亦稱中間畫格法）是先設定動畫的起始與結束狀態，再由電腦自動計算兩者之間的中間狀態，讓畫面呈現連續變化。常見可補間的項目包括物件的位置或路徑、色彩，以及形狀。

解題方法

判斷選項是否屬於可逐步變化的動畫屬性。位置、色彩、形狀都能在起始與結束狀態之間計算中間值；貼圖則是已製作完成的影像素材，本身不是此題所列的補間動畫變化項目。因此依官方答案選擇 (D)。

選項分析

核心觀念

本題考查作業系統的程序排班策略，以及各策略挑選下一個執行程序時依據的條件。

最短工作先處理（Shortest Job First, SJF）會優先選擇預估執行時間最短的程序。因此，題目所說「考慮每個程序所需花費的執行時間」，符合 SJF 的特徵。

解題方法

抓住關鍵字「執行時間」即可判斷：在選項中，直接依程序工作長短來決定執行順序的策略是 SJF。它的典型目標是降低平均等待時間；實務上須估計程序的執行時間，且長工作可能因短工作持續到達而等待過久。

選項分析

• (A) 先到先處理（First In First Out, FIFO）錯誤。 按程序抵達就緒佇列的先後順序執行，不以執行時間長短決定次序。

核心觀念

IEEE 754 單倍精準數共 32 位元，依序由 1 位元符號位、8 位元指數欄位及 23 位元小數欄位組成。正規化數的指數欄位採用偏移值 $127$ 表示：

其中 $s$ 為符號位，$E$ 為指數欄位的無號整數值，$f$ 為小數欄位所表示的部分。

解題方法

先將 $3.5$ 轉成二進位：

再依序求出三個欄位：

• 符號位：原數為負數，故 $s=1$。
• 指數欄位：實際指數為 $1$，加上偏移值 $127$，得 $E=1+127=128$。其 8 位元二進位為 $10000000_2$。
• 小數欄位：正規化後有效數為 $1.11_2$，最高位的隱含 $1$ 不儲存；將小數部分 $11$ 補至 23 位，得 $11000000000000000000000$。

合併為：

核心觀念

本題考查系統軟體的功能分工。組合語言以助記符表示機器指令，例如 ADD、MOV；將這些助記符及運算元轉換成處理器可執行的機器語言，是組譯器（Assembler）​的工作。

解題方法

先辨認程式來源語言是「組合語言」，再對照負責翻譯它的軟體：組合語言轉機器語言，使用組譯器。編譯器與直譯器主要處理高階語言；連結器則負責組合目標檔與程式庫、解析外部參照，不負責把組合語言翻譯成機器語言。

選項分析

核心觀念

本題考查 Amdahl 定律：只加速程式中的一部分時，整體執行時間的改善幅度會受未加速部分限制。若被加速部分原本耗時 $T_a$，加速 $S$ 倍，其新耗時為 $T_a/S$；其餘部分的耗時則維持不變。

解題方法

原程式共執行 $140$ 秒，其中除法指令耗時 $112$ 秒，因此非除法指令耗時：

要求新執行時間為原來的四分之一：

設除法指令加速 $S$ 倍。加速後，整體執行時間為：

移項得：

核心觀念

本題考查十進位轉換為八進位。八進位採「逢八進一」，各位數的位值依序為 $8^0、8^1、8^2、\ldots$。因此，八進位數 $111_8$ 代表 $1\times8^2+1\times8^1+1\times8^0$。

解題方法

以連續除以 $8$ 的方式轉換，記錄每次的餘數，最後由下往上排列：

將餘數由最後一次除法往前讀，得到 $111_8$。驗算：

選項分析

核心觀念

本題考查指令集架構中，運算元（operand）如何指定，以及指令位址欄位的數量。

零位址指令不在指令中明列運算元位址；在堆疊架構中，運算元預先放在堆疊頂端，運算指令會自動取用堆疊頂端的資料，並將結果放回堆疊，因此主要以零位址指令進行資料定址。

解題方法

辨認各架構如何取得運算元：

• 若指令明列暫存器或記憶體位置，便有一個或多個位址欄位。
• 若運算元由累進器固定提供，指令通常不需指定其中一個運算元，但架構仍以累進器為主要操作位置。
• 若運算元由堆疊頂端隱含提供，運算指令可不帶位址欄位，屬於零位址指令。

因此，題目所述「主要以零位址指令」操作的架構是堆疊。

選項分析

(A) 暫存器對暫存器（Register-to-register）：錯誤。 運算指令通常須指定來源與目的暫存器，例如 ADD R1, R2, R3，至少要透過暫存器欄位指出運算元及結果位置，不屬於零位址指令的典型架構。

核心觀念

主鍵（primary key）是能唯一識別每一筆資料列的屬性集合，因此表中任兩筆資料在主鍵所包含的所有屬性值都必須不同。若某屬性集合在資料列間出現相同值，就不能作為主鍵。

解題方法

比較兩筆資料在各選項所列屬性上的值：

$\{C\}$ 在兩筆資料中的值相同，無法區分兩筆資料，因此不具備唯一識別能力，不能作為主鍵。

選項分析

核心觀念

二元搜尋樹（binary search tree, BST）的每個節點至多有左、右子節點；左子樹的鍵值小於節點鍵值，右子樹的鍵值大於節點鍵值。搜尋時，從根節點開始比較，依鍵值大小選擇往左或往右，直到找到目標或走到空節點。

搜尋所需時間取決於搜尋過程經過的節點數。最佳情況下，目標鍵值就在根節點，僅需一次比較，時間複雜度為 $O(1)$。最差情況下，樹退化成單向鏈結串列，搜尋可能必須逐一檢查 $n$ 個節點，時間複雜度為 $O(n)$。

解題方法

題目未限定 BST 必須平衡，因此不能直接假設樹高為 $O(\log n)$。

• 最佳情況：目標鍵值位於根節點，只需一次比較，故為 $O(1)$。
• 最差情況：節點依序插入等情形可能形成偏斜樹，樹高可達 $n$；搜尋可能一路走訪所有節點，故為 $O(n)$。

選項分析

核心觀念

生成樹（spanning tree）是包含圖中所有頂點，且本身連通、無環的子圖。對於有 $n$ 個頂點的樹，邊數固定為 $n-1$。

解題方法

題目已知 $T$ 是 $G$ 的一個生成樹，且共有 $20$ 個頂點。套用樹的邊數公式：

因此，$T$ 共有 $19$ 個邊。

選項分析

• (A) $10$：錯誤。 生成樹的邊數由頂點數決定，不是頂點數的一半；$20$ 個頂點的生成樹有 $19$ 個邊。
• **(B) $19$：正確。

核心觀念

有向圖中，路徑必須沿箭頭方向前進；加權路徑的長度是沿途邊權重的總和。求最長路徑時，可由終點往前計算：

其中 $L(v)$ 是從節點 $v$ 到終點 $a$ 的最長路徑長度，且 $L(a)=0$。

解題方法

依圖中的箭頭方向與權重，由終點 $a$ 往前推算：

• $L(a)=0$。
• $b\to a$ 權重為 $1$，所以 $L(b)=1$。
• $c$ 可直接到 $a$，權重為 $5$；也可經 $b$ 到 $a$，長度為 $3+1=4$，所以 $L(c)=\max(5,4)=5$。
• $d$ 可直接到 $a$，長度為 $7$；也可經 $c$ 到 $a$，長度為 $3+5=8$，所以 $L(d)=8$。
• $e\to d$ 權重為 $3$，所以 $L(e)=3+8=11$。
• $f$ 可經 $e$ 到 $a$，長度為 $5+11=16$；經 $g$ 的路徑不會到達 $a$，所以 $L(f)=16$。
• $h$ 可經 $f$ 到 $a$，長度為 $3+16=19$；經 $c$ 到 $a$ 的長度為 $5+5=10$，所以 $L(h)=19$。

核心觀念

陣列（Array）是由多個相同型別的元素組成，通常依序儲存在連續的記憶體位址中。由於元素大小固定，電腦只要知道第一個元素的起始位址，以及索引值，就能直接計算任一元素的位址。

若每個元素占 $w$ 個位元組、陣列起始位址為 $B$，以 $0$ 為起始索引時，第 $i$ 個元素的位址為：

解題方法

題目問陣列元素為何採連續儲存，關鍵在於連續排列能讓電腦依照「起始位址、索引值、元素大小」直接定位元素，不必逐一尋找或記錄每個元素各自的位址。因此，選項 A 說明了陣列連續儲存所帶來的位址計算便利性。

選項分析

核心觀念

本題考「堆疊」（Stack）的後進先出特性，英文為 LIFO（Last In, First Out）：最後放入堆疊的資料，必須最先取出。輸入順序固定為 $1、2、3、4、5$，每個數字各輸入、輸出一次，且只能透過堆疊暫存。

解題方法

依照目標輸出順序，模擬「依序輸入數字」及「從堆疊頂端輸出數字」。堆疊頂端若不是目前需要輸出的數字，就不能跳過頂端取出其他資料。

以選項（B）$3、4、5、2、1$ 為例：

1. 依序將 $1、2、3$ 推入堆疊，此時堆疊由底至頂為 $1、2、3$。
2. 取出頂端 $3$，符合第一個輸出。
3. 推入 $4$，再取出 $4$；推入 $5$，再取出 $5$。
4. 此時堆疊由底至頂剩下 $1、2$，頂端是 $2$，接著取出 $2、1$。

因此可得到輸出順序 $3、4、5、2、1$，符合（B）。

選項分析

核心觀念

二進位是以 $2$ 為基底的位值記數法。若正整數 $N$ 的二進位表示有 $k$ 位，則：

因此，只要找出 $1078$ 介於哪兩個相鄰的 $2$ 的次方之間，就能判斷它的二進位位數。

解題方法

相鄰的 $2$ 的次方為：

因為：

所以 $1078$ 的二進位表示有 $11$ 位。

也可展開驗算：

對應到 $2^{10}, 2^5, 2^4, 2^2, 2^1$，因此二進位表示為 $10000110110$，共 $11$ 位。

選項分析

核心觀念

二元搜尋樹（binary search tree, BST）的節點排列規則是：對任一節點而言，左子樹中的鍵值小於該節點，右子樹中的鍵值大於該節點。這項規則使得 BST 的中序走訪會依序輸出由小到大的鍵值。

三種常見走訪順序為：

• 前序：根、左子樹、右子樹
• 中序：左子樹、根、右子樹
• 後序：左子樹、右子樹、根

解題方法

依照 BST 的大小規則，先走訪左子樹會先取得較小的鍵值；接著走訪根節點；最後走訪右子樹，取得較大的鍵值。因此，中序走訪的輸出順序是「左、根、右」，可保持節點由小到大的排序。

例如，若根節點為 8，左子節點為 3，右子節點為 10，中序走訪結果為 $3, 8, 10$，符合遞增順序。

選項分析

核心觀念

最大二元堆積（Max Binary Heap）除了符合完全二元樹的結構外，也要求每個父節點的值都大於或等於其子節點。以陣列從 $A[1]$ 開始儲存時，索引 $i$ 的父節點索引為 $\lfloor i/2\rfloor$。

插入新值時，先將它放在堆積末端，再與父節點逐一比較；若新值大於父節點，就交換並繼續向上調整。

解題方法

原堆積有 $9$ 個數字，因此新數值 $9$ 先放入第 $10$ 個位置 $A[10]$。接著沿著父節點路徑比較：

1. $A[10]$ 的父節點是 $A[5]=7$。比較 $9$ 與 $7$，因 $9>7$，交換。
2. $9$ 上移至 $A[5]$，其父節點是 $A[2]=10$。比較 $9$ 與 $10$，因 $9<10$，停止。

插入時與 $9$ 比對的數字是 $7$、$10$，共 $2$ 個；堆積調整後，$9$ 位於 $A[5]$。

核心觀念

廣度優先拜訪（Breadth-First Search，BFS）會先拜訪起點的鄰接頂點，再依序拜訪距離起點更遠的頂點。為了維持「先發現的頂點先處理」，BFS 使用佇列（queue），遵循先進先出（FIFO）原則。

解題方法

拜訪頂點時，將尚未拜訪的鄰接頂點加入佇列；接著從佇列前端取出頂點，再檢查它的鄰接頂點。如此便能依照距離起點的層次逐層擴展。

例如起點為 $A$，且 $A$ 鄰接 $B、C$，而 $B$ 鄰接 $D$：先將 $B、C$ 放入佇列，再依序處理 $B、C$，之後才處理 $D$。這種逐層、先發現先處理的順序正是佇列所提供的。

選項分析

核心觀念

二元搜尋樹（Binary Search Tree, BST）中，任一節點的左子樹節點值小於該節點，右子樹節點值大於該節點。前序走訪（Preorder Traversal）的順序是：

$\text{根節點} \rightarrow \text{左子樹} \rightarrow \text{右子樹}$

因此，前序序列的第一個數值是根節點；依 BST 的大小關係，後續數值可分成根的左子樹與右子樹，再依序遞迴還原樹形。

解題方法

序列為 $12, 9, 7, 8, 20, 15, 13, 16, 22$。

1. 第一個數值 $12$ 是根節點。
2. 根之後，小於 $12$ 的數值屬於左子樹，大於 $12$ 的數值屬於右子樹。故左子樹前序序列為 $9, 7, 8$，右子樹前序序列為 $20, 15, 13, 16, 22$。
3. 左子樹以 $9$ 為根：$7$、$8$ 均小於 $9$，屬於其左子樹；依前序順序插入 BST 時，$7$ 是 $9$ 的左子節點，$8$ 是 $7$ 的右子節點。
4. 右子樹以 $20$ 為根：$15, 13, 16$ 均小於 $20$，而 $22$ 大於 $20$。

核心觀念

本題考 C 語言的條件運算子 ?:、邏輯運算子 &&，以及判斷閏年的規則。

閏年判斷條件為：能被 400 整除，或能被 4 整除且不能被 100 整除。題目以巢狀條件運算子依序判斷這些條件，並指定不同的 k 值。

解題方法

條件運算子 條件 ? 表達式1 : 表達式2 會先判斷條件；成立時取表達式1，不成立時取表達式2。題目中的 ?: 由右側開始結合，可讀作：

代入 $y=1900$：

1. $1900\%400=300$，所以 $y\%400==0$ 不成立，往後判斷。
2. $1900\%4=0$，但 $1900\%100=0$，因此 $y\%100!=0$ 不成立。

核心觀念

本題考查 C 語言函式的三種用法：

• 宣告（declaration）：告知編譯器函式名稱、回傳型態及參數型態，不提供函式本體。
• 呼叫（call）：在程式中使用函式名稱並提供引數，要求執行函式。
• 定義（definition）：提供函式的完整內容，也就是函式本體。

解題方法

依序看三行的語法特徵：

1. int isOdd(int a); 以分號結尾，只有函式原型，沒有函式本體，因此①是宣告。
2. isOdd(2); 以函式名稱搭配引數呼叫函式，因此②是呼叫。

核心觀念

本題考 C++ 的參考參數（reference parameter）。函式參數宣告為 int&，表示參數是實際變數的別名；在函式內對參數指定新值，會直接修改呼叫時傳入的變數。

函式 f(m, n) 會交換兩個參數所參照變數的值。區域變數 tmp 暫存原本的 m，再依序將 n 指派給 m、將 tmp 指派給 n。

解題方法

依照 main 中函式呼叫的順序追蹤各變數：

核心觀念

本題考 C 語言的結構（struct）指派與陣列指派規則。結構變數可以彼此指派；但結構內的陣列成員不能直接以指派運算子複製，結構也不能直接使用加法或減法運算子。

題目宣告的 a、b、c 都是相同結構型態的變數，且各自包含一個 char d[10] 陣列成員。

解題方法

逐一判斷運算子套用的對象：

• 若運算子兩側是相同結構型態的變數，C 語言允許以 = 將右側結構的值指派給左側結構。
• 若運算子兩側是陣列，不能直接以 = 指派。
• 結構沒有內建的加法或減法定義，不能直接使用 + 或 -。

選項分析

核心觀念

在二元搜尋樹中，搜尋從根節點開始，依照目標值與目前節點的大小比較，往左子樹或右子樹前進。搜尋所需時間與搜尋路徑上的節點數成正比；比較的節點越多，搜尋時間越長。

解題方法

圖中的搜尋路徑如下：

• 搜尋 $1$：$2 \rightarrow 1$，需比較 $2$ 個節點。
• 搜尋 $2$：直接在根節點找到，需比較 $1$ 個節點。
• 搜尋 $3$：$2 \rightarrow 4 \rightarrow 3$，需比較 $3$ 個節點。
• 搜尋 $4$：$2 \rightarrow 4$，需比較 $2$ 個節點。

在選項列出的元素中，搜尋 $3$ 經過的節點最多，因此所需搜尋時間最長。

核心觀念

本題考查 for 迴圈與 switch 敘述的執行流程，重點是：

• for(i=0; i<3; i++) 讓 i 依序為 $0、1、2$。
• switch 會從符合的 case 開始執行；遇到 break 才跳出 switch。
• 若沒有 break，程式會繼續執行下一個 case，稱為穿透（fall-through）。
• switch 結束後，仍會執行其後的 printf("4");。

解題方法

依序代入每次迴圈的 i，追蹤 switch 內的輸出，再加上 switch 後的 4：

核心觀念

頻寬是頻帶最高頻率與最低頻率的差值，公式為：

因此，已知最高頻率與頻寬時，最低頻率可由最高頻率減去頻寬求得。

解題方法

題目給定頻寬為 $20\ \mathrm{MHz}$，最高頻率為 $1870\ \mathrm{MHz}$，代入公式：

又因為 $1000\ \mathrm{MHz} = 1\ \mathrm{GHz}$，所以：

故選項 (C) 正確。

選項分析

• (A) $1890\ \mathrm{MHz}$：錯誤。 這是把 $20\ \mathrm{MHz}$ 加到最高頻率 $1870\ \mathrm{MHz}$ 上，得到比最高頻率更高的值；題目要求的是最低頻率。

核心觀念

本題考查 JavaScript 的性質與用途。JavaScript 是一種程式語言，常用於網頁前端，能操作網頁內容並增加互動功能；它的名稱雖然含有「Java」，但不是 Java 語言的分支，兩者是不同的程式語言。

解題方法

逐項判斷敘述是否符合 JavaScript 的語言特性與常見用途。題目詢問「何者錯誤」，因此找出與 JavaScript 和 Java 關係不符的選項即可。

選項分析

• (A) 一種直譯式程式語言：正確。 JavaScript 通常由執行環境直接執行，傳統上歸類為直譯式語言。現代 JavaScript 引擎也會採用即時編譯等技術，但不影響本選項在考題中的判斷。
• **(B) 為 Java 語言的一個分支：錯誤。

核心觀念

本題考查二維陣列在記憶體中的排列方式，以及「指向含有 4 個 int 的陣列之指標」如何進行指標運算。

A 是 3 × 4 的二維陣列，元素依列排列：

pp 的型別是 int (*)[4]，表示「指向含有 4 個 int 的陣列之指標」，因此 pp + 1 會移動一整列，也就是 4 個 int 的位置。

解題方法

int(*pp)[4] = (int(*)[4])A[1];

A[1] 指向第二列的第一個元素，也就是 5。轉型後，pp 指向第二列這個含有 4 個 int 的陣列。

接著：

p = *(pp + 1) + 1;

分兩步計算：

1. pp + 1：前進一列，從第二列移至第三列，也就是 A[2]。
2. *(pp + 1)：取得第三列。

核心觀念

程序式程式語言（procedural programming language）以一連串指令或程序描述程式的執行步驟，常透過變數、指定敘述、條件判斷與迴圈控制流程。BASIC、COBOL、FORTRAN 都是常見的程序式語言。

Smalltalk 則以物件導向為主要典範，程式由物件及物件間的訊息傳遞構成，因此本題官方答案為 D。

解題方法

辨認各選項主要採用的程式設計典範：前三者是典型程序式語言；Smalltalk 的核心是物件與訊息傳遞，屬於物件導向語言。因此選出 Smalltalk。

選項分析

核心觀念

本題考查資訊法律問題的分類。網路傳播內容的管制，重點在於規範網路上傳播的資訊內容，例如不當或違法內容的發布與散布，屬於「資訊內容管制」。

本題以命題當年（民國 108 年）相關分類為準；題目考的是分類概念，並未要求適用特定法條。

解題方法

抓住題幹中的「傳播內容」：管制對象是網路上所傳播的資訊本身，因此歸入資訊內容管制。若題幹改問網路上的交易、使用者行為或系統防護，才分別考慮網路交易、網路行為管制或資訊安全。

選項分析

核心觀念

本題考查網頁快取伺服器如何利用 HTTP 的條件式 GET 驗證快取物件是否仍為最新版本。快取伺服器會保存物件及其修改時間，之後可用 If-Modified-Since 詢問源頭伺服器；若物件未修改，伺服器回覆 304 Not Modified，快取便可繼續使用既有內容。

要分清兩種時間標頭：

• Date：表示伺服器產生該回應的日期與時間，不代表物件最後修改時間。
• Last-Modified：表示物件最後修改的日期與時間；快取可用這個時間作為條件式請求的依據。

解題方法

逐一核對選項描述的標頭用途。關鍵是判斷首次下載時記錄的時間，是否應由 Date 提供；若要驗證物件是否修改，應使用代表物件最後修改時間的 Last-Modified，並將該時間放入後續請求的 If-Modified-Since 標頭。

選項分析

核心觀念

本題考防火牆的封包過濾功能與網路區域配置。防火牆會依照設定的規則檢查網路流量；可用來判斷封包的來源或目的 IP 位址、通訊協定與連接埠等資訊，並決定允許、阻擋或轉送封包。防火牆也能用來規劃內部網路、外部網路及非軍事化區域（DMZ）之間的存取控制。

解題方法

逐項比對防火牆通常具備的功能。只要某選項否定了防火牆可執行的基本封包過濾能力，即為錯誤敘述。本題中，防火牆能依封包協定進行過濾，因此選項 (B) 的「無法」與實際功能相反。

選項分析

• (A) 正確。 防火牆可依規則將封包轉送至指定的檢查點或安全設備，讓封包接受進一步檢查；實際能力會依防火牆的架構與設定而定。
• **(B) 錯誤。

核心觀念

本題考查網頁應用程式常見攻擊方式，以及網路層攻擊與網站應用層攻擊的差異。判斷關鍵是：攻擊是否直接針對網站的輸入資料、頁面參數或 URL 處理機制。

解題方法

逐一辨認各選項的攻擊層級與作用對象。SQL injection、Hidden-field-tampering 與 URL Obfuscation 都能直接利用網站程式或網頁傳遞資料的弱點；ARP spoofing 則是偽冒區域網路中的 ARP 對應關係，屬於網路層附近的攻擊手法，並非直接攻擊網頁本身，因此選 B。

選項分析

• (A) 資料庫隱碼攻擊法（SQL injection）：錯誤選項。 攻擊者將惡意 SQL 語法放入網站輸入欄位或請求參數；若網站未妥善驗證輸入或使用參數化查詢，可能使資料庫執行非預期指令。這是典型的網頁應用程式攻擊。

• (B) ARP 偽造法（ARP spoofing）：正確答案。

核心觀念

資訊安全的三個主要目標稱為 CIA 三要素：

• 機密性（Confidentiality）：只有獲授權者能存取資訊。
• 完整性（Integrity）：資訊未遭未授權竄改，且保持正確。
• 可用性（Availability）：授權使用者在需要時能使用系統與服務。

本題考查的是：哪一類攻擊會影響系統的可用性。

解題方法

逐一對照攻擊造成的主要影響：

• 未經授權讀取資訊，主要侵犯機密性。
• 讓合法使用者無法取得服務，主要侵犯可用性。

因此，能降低或完全中斷系統服務的攻擊，應是阻絕服務攻擊。

選項分析

(A) 窺視（snooping）—錯誤 窺視是未經授權查看或取得資料，直接威脅的是機密性；它本身不以降低或中斷服務為目的。

核心觀念

本題考查 Windows 網路診斷工具的用途。tracert（trace route）會逐一探測封包前往目的地時經過的路由節點，並顯示各節點的回應時間，可用來觀察封包路徑及途中延遲。

解題方法

題目關鍵在「經過的各路由器及延遲」：要找的是能追蹤封包路徑、並列出沿途節點回應時間的工具，因此選擇 tracert。在 Windows 命令提示字元中可輸入 tracert 目的地，查看封包前往該目的地時逐跳經過的路由器與各跳的往返時間。

選項分析

核心觀念

本題考查 IEEE 802.11 無線區域網路標準的傳輸速率。802.11g 使用 2.4 GHz 頻段，最高理論傳輸速率為 54 Mbps。

解題方法

辨認標準代號並對應其標稱最高速率即可：

• 802.11b：最高 11 Mbps
• 802.11a、802.11g：最高 54 Mbps

因此，802.11g 的傳輸速率為 54 Mbps。

選項分析

核心觀念

本題考各網路應用協定的發展年代，判斷哪一項推出時間最晚。比較時以相關協定首次標準化或正式提出的年代為準。

解題方法

整理四項協定的年代，再比較先後：

• FTP：1971 年提出，早期用於檔案傳輸。
• SMTP：1982 年標準化，負責電子郵件傳送。
• DNS：1983 年提出，用來將網域名稱轉換為 IP 位址。
• HTTP：1991 年提出，支援全球資訊網的文件傳輸。

其中 HTTP 的年代最晚，因此選 A。

選項分析