112 專技高考高等考試 冷凍空調工程技師 電工學(包括電機機械) 考古題詳解

112 年・專技高考・高等考試・冷凍空調工程技師
試題代碼 電工學(包括電機機械)

第 1 題20 分

圖一為一個平衡三相、線電壓 480 V480\ \mathrm{V} 的電力系統,供應兩組負載與一組功率因數補償電容。

負載 1 吸收實功率 80 kW80\ \mathrm{kW}、電感性虛功率 60 kVAr60\ \mathrm{kVAr};負載 2 吸收實功率 50 kW50\ \mathrm{kW}、功率因數為 0.7070.707 落後;功率因數補償電容的容量為 −80 kVAr-80\ \mathrm{kVAr}。圖中電源線電流為 IaI_a,且 Vab=480 VV_{ab}=480\ \mathrm{V}。

(一) 計算電源提供的三相複數功率、功率因數與線電流 IaI_a 的大小。(10 分)

(二) 若功率因數補償電容因故跳脫,試計算此時電源供應的線電流 IaI_a 大小。(10 分)

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核心觀念

平衡三相系統中,各負載的複數功率可直接相加:

S總=P總+jQ總S_{\text{總}}=P_{\text{總}}+jQ_{\text{總}}

其中電感性負載的 QQ 為正,電容性補償的 QQ 為負。三相線電壓與線電流的關係為:

∣S總∣=3 VLIL|S_{\text{總}}|=\sqrt{3}\,V_L I_L

解題方法

負載 1 的複數功率為:

S1=80+j60 kVAS_1=80+j60\ \mathrm{kVA}

負載 2 的功率因數為 0.707≈cos⁡45∘0.707\approx\cos45^\circ,且為落後,故其虛功率為正:

Q2=P2tan⁡45∘=50 kVArQ_2=P_2\tan45^\circ=50\ \mathrm{kVAr}

因此:

S2=50+j50 kVAS_2=50+j50\ \mathrm{kVA}

功率因數補償電容提供 −80 kVAr-80\ \mathrm{kVAr},故其複數功率為 SC=−j80 kVAS_C=-j80\ \mathrm{kVA}。

(一)補償電容投入時

電源供應的總實功率與總虛功率為:

P總=80+50=130 kWP_{\text{總}}=80+50=130\ \mathrm{kW} Q總=60+50−80=30 kVArQ_{\text{總}}=60+50-80=30\ \mathrm{kVAr}

所以三相複數功率為:

S總=130+j30 kVAS_{\text{總}}=130+j30\ \mathrm{kVA}

其視在功率大小為:

∣S總∣=1302+302=17800=133.42 kVA|S_{\text{總}}|=\sqrt{130^2+30^2} =\sqrt{17800} =133.42\ \mathrm{kVA}

功率因數為:

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第 2 題20 分

圖二為一個橋式直流電路,其中可變電阻 RAdjR_{\mathrm{Adj}} 值調整到 0.4 kΩ0.4\ \mathrm{k}\Omega。電路電源為 VS=12 VV_S=12\ \mathrm{V},橋臂電阻如圖所示:3 kΩ3\ \mathrm{k}\Omega、1 kΩ1\ \mathrm{k}\Omega、40 Ω40\ \Omega、0.6 kΩ0.6\ \mathrm{k}\Omega 及 RAdjR_{\mathrm{Adj}}。橋路中間支路電流為 II。

(一) 計算電流 II 的大小。(10 分)

(二) 若要使得電流 II 為 0 A0\ \mathrm{A},可變電阻 RAdjR_{\mathrm{Adj}} 值需調整到多少 Ω\Omega?(10 分)

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核心觀念

本題考橋式電路的戴維寧等效與平衡條件。中間的 40 Ω40\,\Omega 支路電流可由兩端的戴維寧等效電路求得;若橋路平衡,兩個中點電位相等,因此中間支路電流為零。

解題方法

取電源負端為 0 V0\,\mathrm{V},正端為 12 V12\,\mathrm{V}。左側中點為 aa,右側中點為 bb;圖示電流 II 的方向為由 bb 流向 aa。

(一)計算電流 II

先將左右兩側分別對中間支路作戴維寧等效。

左側開路電壓為:

Va,th=12⋅1 kΩ3 kΩ+1 kΩ=3 VV_{a,\mathrm{th}} =12\cdot\frac{1\,\mathrm{k}\Omega}{3\,\mathrm{k}\Omega+1\,\mathrm{k}\Omega} =3\,\mathrm{V}

左側戴維寧電阻為:

Ra,th=3 kΩ∥1 kΩ=0.75 kΩR_{a,\mathrm{th}} =3\,\mathrm{k}\Omega\parallel1\,\mathrm{k}\Omega =0.75\,\mathrm{k}\Omega

右側開路電壓為:

Vb,th=12⋅0.6 kΩ0.4 kΩ+0.6 kΩ=7.2 VV_{b,\mathrm{th}} =12\cdot\frac{0.6\,\mathrm{k}\Omega}{0.4\,\mathrm{k}\Omega+0.6\,\mathrm{k}\Omega} =7.2\,\mathrm{V}

右側戴維寧電阻為:

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第 3 題20 分

圖三為一台三相、60 Hz60\ \mathrm{Hz}、44 極、460 V460\ \mathrm{V}、Y 接線感應電動機等效到定子側的單相等效電路,各元件參數值示於圖中。電動機額定運轉轉差率為 s=2%s=2\%,機械與鐵心等損失不計,激磁電抗 XMX_M 忽略。等效電路參數包括定子電阻 0.6 Ω0.6\ \Omega、定子漏電抗 j2 Ωj2\ \Omega、轉子漏電抗 j2 Ωj2\ \Omega,以及轉子等效電阻 0.2s Ω\frac{0.2}{s}\ \Omega;圖中並標示 RCC=∞R_{CC}=\infty、jXM=j∞jX_M=j\infty。

(一) 計算額定運轉時輸出轉矩(牛頓-米)與轉速(rpm)。(10 分)

(二) 計算最大可輸出轉矩(牛頓-米)。(10 分)

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核心觀念

感應電動機的同步轉速為 ns=120f/Pn_s=120f/P,轉子轉速為 nr=(1−s)nsn_r=(1-s)n_s。忽略機械與鐵心損失時,氣隙功率 PagP_{ag} 轉換成機械輸出的功率為 Pout=(1−s)PagP_{out}=(1-s)P_{ag}。

題目給定 RC=∞R_C=\infty、XM=∞X_M=\infty,因此激磁支路不導通,可將單相等效電路視為串聯電路。每相電壓為 460/3460/\sqrt{3},總漏電抗為 Xeq=2+2=4 ΩX_{eq}=2+2=4\ \Omega。

(一)額定運轉轉矩與轉速

同步轉速:

ns=120fP=120×604=1800 rpmn_s=\frac{120f}{P} =\frac{120\times60}{4} =1800\ \mathrm{rpm}

額定轉差率 s=0.02s=0.02,所以轉子轉速為:

nr=(1−s)ns=0.98×1800=1764 rpmn_r=(1-s)n_s=0.98\times1800 =\boxed{1764\ \mathrm{rpm}}

每相電壓與額定轉差時的轉子等效電阻為:

Vϕ=4603=265.58 V,R2′s=0.20.02=10 ΩV_\phi=\frac{460}{\sqrt{3}}=265.58\ \mathrm{V}, \qquad \frac{R_2'}{s}=\frac{0.2}{0.02}=10\ \Omega

單相等效電路電流:

Iϕ=Vϕ(R1+R2′/s)2+Xeq2=265.58(0.6+10)2+42=23.44 AI_\phi= \frac{V_\phi}{\sqrt{(R_1+R_2'/s)^2+X_{eq}^2}} = \frac{265.58}{\sqrt{(0.6+10)^2+4^2}} =23.44\ \mathrm{A}

氣隙功率為:

Pag=3Iϕ2R2′s=3(23.44)2(10)=16484.89 WP_{ag}=3I_\phi^2\frac{R_2'}{s} =3(23.44)^2(10) =16484.89\ \mathrm{W}

忽略機械損失後,輸出功率為:

Pout=(1−s)Pag=0.98(16484.89)=16155.19 WP_{out}=(1-s)P_{ag} =0.98(16484.89) =16155.19\ \mathrm{W}

轉子機械角速度為 ωr=2πnr/60\omega_r=2\pi n_r/60,因此輸出轉矩為:

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第 4 題20 分

圖四為一個單相變壓器供電系統。供電變壓器視為理想變壓器,電壓比為 2,200 V/220 V2{,}200\ \mathrm{V}/220\ \mathrm{V};負載滿載阻抗為

ZL=0.4+j0.3 ΩZ_L=0.4+j0.3\ \Omega

電源側總阻抗為

ZS=j5 ΩZ_S=j5\ \Omega

此時負載側的操作電壓為 220 V220\ \mathrm{V}。圖中電源電壓為 VSV_S,負載側電壓為 VLV_L,電源側電流為 IPI_P,負載側電流為 ILI_L。

(一) 計算電源電壓 VSV_S,與負載側的電壓調整率(V.R.%V.R.\%)。(10 分)

(二) 計算此變壓器所需要的滿載容量(kVA)。(10 分)

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核心觀念

本題考理想變壓器的電壓、電流比,以及電源側串聯阻抗造成的電壓降。

變壓器電壓比為 2200/220=102200/220=10,因此一次側與二次側電壓、電流關係為

VPVL=10,IPIL=110\frac{V_P}{V_L}=10,\qquad \frac{I_P}{I_L}=\frac{1}{10}

電壓調整率定義為

V.R.%=V無載−V滿載V滿載×100%V.R.\%=\frac{V_{\text{無載}}-V_{\text{滿載}}}{V_{\text{滿載}}}\times100\%

解題方法

以負載側操作電壓 VL=220∠0∘ VV_L=220\angle0^\circ\ \mathrm{V} 為相量參考。負載電流為

IL=VLZL=2200.4+j0.3=440∠−36.87∘=352−j264 AI_L=\frac{V_L}{Z_L} =\frac{220}{0.4+j0.3} =440\angle-36.87^\circ =352-j264\ \mathrm{A}

一次側電流為二次側電流的十分之一:

IP=IL10=35.2−j26.4 AI_P=\frac{I_L}{10}=35.2-j26.4\ \mathrm{A}

理想變壓器一次側電壓為

VP=10VL=2200∠0∘ VV_P=10V_L=2200\angle0^\circ\ \mathrm{V}

圖中電源側阻抗與變壓器串聯,因此電源電壓須加上阻抗壓降:

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第 5 題20 分

請列舉四種三相鼠籠式感應電動機的轉速調整方法,並以感應電動機的「轉速對轉矩曲線」說明四種方法的優點、缺點與成本。(20 分)

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核心觀念

感應電動機的轉速由同步轉速與轉差率決定:

n=(1−s)ns,ns=120fPn=(1-s)n_s,\qquad n_s=\frac{120f}{P}

其中 nn 為轉子轉速(r/min)、ss 為轉差率、nsn_s 為同步轉速、ff 為電源頻率(Hz)、PP 為定子極數。

因此,調速可從改變同步轉速著手,也可改變轉差率。鼠籠式轉子的導條直接短路,無法像繞線式轉子一樣外接電阻調速;實用方法主要從定子側著手。

感應電動機的轉矩—轉速曲線以轉速為橫軸、轉矩為縱軸。穩定運轉點是馬達轉矩曲線與負載轉矩曲線的交點;調速後,曲線改變,運轉點隨之移動。

解題方法與四種調速法

一、變更定子極數

藉由定子繞組改接或採用多組繞組,改變磁極數 PP。由 ns=120f/Pn_s=120f/P 可知,極數增加,同步轉速下降。

**轉矩—轉速曲線:**同步轉速改變,曲線的轉速範圍整體移至另一個速度區域。轉速是階段式改變,不能連續平順調整。

**優點:**構造與控制方式可靠,運轉效率佳;不需在轉子迴路消耗額外調速功率。

**缺點:**通常只有兩段或數段固定速度,調速範圍與速度選擇受繞組設計限制。

**成本:**馬達需採多速繞組或特殊繞組接線,馬達與切換控制成本中等;若只需數段固定速度,通常經濟實用。

二、改變定子電壓

保持頻率與極數不變,調整加在定子上的電壓。近似等效電路中,電磁轉矩與電壓平方成正比:

T∝V2T\propto V^2

**轉矩—轉速曲線:**降低電壓時,曲線的最大轉矩與各轉速下可提供的轉矩均下降;負載轉矩不變時,運轉點移至較低轉速、較高轉差率處。

**優點:**控制電路簡單,設備成本低;適合離心風機、泵等負載轉矩隨轉速下降的場合。

**缺點:**調低轉速會增加轉差與轉子銅損,效率、功率因數及調速品質較差;可用調速範圍有限,不適合低速仍要求大轉矩的負載。

**成本:**低至中等,常用交流電壓控制器即可;但低速運轉的損失可能提高長期運轉成本。

三、改變電源頻率

藉由變頻器調整供電頻率,使同步轉速隨 ff 改變。若只改頻率而維持電壓不變,磁通會隨頻率改變,轉矩能力也會改變;實務上通常採用 V/fV/f 控制,在基頻以下大致維持電壓與頻率的比值,使磁通近似不變。

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